- •Механика в задачах
- •Содержание
- •Предисловие
- •2.Почему задача "не решается"?
- •3. "А в учебнике этого нет!"
- •4. Что Вы найдете в этом руководстве и чего не найдете.
- •5.Предварительные замечания.
- •1. Кинематика материальной точки
- •Задача 3.
- •Решение.
- •Задача 4.
- •Задача 5
- •Решение
- •2. Законы ньютона
- •Задача 1
- •Решение
- •Задача 2
- •Решение
- •Задача 3
- •Решение
- •Задача 4
- •Решение
- •Задача 5
- •Решение
- •Задача 6
- •Решение
- •Задача 7
- •Решение
- •Задача 8
- •Решение
- •3. Импульс.
- •Задача 1.
- •Задача 2.
- •Решение.
- •Задача 3
- •Решение
- •Решение.
- •Задача 5
- •Решение.
- •Задача 6
- •Решение
- •Задача 7
- •Решение
- •4. Работа. Кинетическая энергия
- •Задача 1
- •Решение
- •Задача 2
- •Решение
- •Задача 3
- •Решение.
- •Задача 4
- •Решение
- •Задача 5
- •Решение
- •Задача 6
- •Решение
- •Задача 7
- •Решение
- •5. Движение точки в стационарных потенциальных полях. Закон сохранения энергии
- •Задача 1
- •Решение
- •Задача 2
- •Решение.
- •Задача 3
- •Решение
- •Задача 4
- •Решение
- •Задача 5
- •Решение
- •6. Момент импульса системы материальных точек. Уравнение моментов
- •Задача 1
- •Решение
- •Решение
- •Задача 3
- •Решение
- •Задача 4
- •Решение
- •Задача 5
- •Решение
- •Задача 6
- •Решение
- •7. Динамика твердого тела
- •Задача 1
- •Решение
- •Задача 2
- •Решение
- •Задача 3
- •Решение
- •Задача 4
- •Решение
- •Задача 5
- •Решение
- •Задача 8
- •Решение
- •Задача 9
- •Решение
- •Задача 10
- •Решение
- •Задача 11
- •Решение
- •Задача 12
- •Решение
- •Задача 13
- •Решение
- •Задача 14
- •Решение
- •Задача 15
- •Решение
- •Задача 16
- •Решение
- •Задача 17
- •Решение
- •Задача 18
- •Решение
- •8. Движение тел в неинерциальных системах отсчета. Силы инерции
- •Задача 1
- •Решение
- •Задача 2
- •Решение
- •Задача 3
- •Решение
- •Задача 4
- •Решение
- •Задача 5
- •Решение
- •Задача 6
- •Решение
- •Задача 7
- •Решение
- •9. Колебания
- •Задача 3
- •Решение
- •Задача 4
- •Решение
- •Задача 5
- •Решение
- •Задача 6
- •Решение
- •Задача 7
- •Решение
- •Задача 8
- •Решение
- •Задача 9
- •Решение
- •Задача 10
- •Решение
Задача 1.
Из автомата, выпускающего n пуль в секунду, производится стрельба по стальной плите. При ударе о плиту пуля полностью теряет свою скорость. Найти среднюю силу, действующую на плиту, если масса каждой пули m, а скорость v, причем пули летят перпендикулярно поверхности плиты.
Решение.
Согласно второму закону Ньютона:
dp/dt = F.
Таким образом, средняя сила, действующая на плиту, равна импульсу, переданному за одну секунду плите, ударившимися о неё пулями. Т.к. число таких пуль равно n и импульс каждой из них р = mv, то сила равна:
F = nmv.
Для автомата примем следующие числовые значения: m = 7 г, v = 500 м/с, п = 10 с–1. Тогда:
F = 710–350010 = 35 Н.
Подумайте сами, как изменится ответ, если пули упруго рикошетируют от плиты, т.е. после удара их скорость имеет прежнюю величину, но направление движения изменяется на обратное.
Кстати, вот ещё какой вопрос: а как обстоит дело со знанием физики у творцов современных боевиков, в которых мы частенько видим, как пули, попадающие в злодея, буквально сносят его?
Задача 2.
Найти положение центра масс следующих систем:
Двух материальных точек, находящихся на некотором расстоянии друг от друга.
Трех одинаковых материальных точек, находящихся в вершинах треугольника ABC.
Однородного тонкого стержня.
Прямоугольной пластинки.
Фигуры, составленной из двух прямоугольников (слесарный угольник). В данном случае найти центр тяжести без вычислений, геометрическими построениями.
Решение.
Совместим начало координат с одной из точек, скажем, точкой 1. Тогда согласно определению:
.
Рис. 1
Таким образом, центр масс двух частиц находится на отрезке, соединяющем эти точки. При этом расстояние от центра масс до соответствующей точки обратно пропорционально её массе:
.
В частности, центр масс двух одинаковых точек находится в середине отрезка, соединяющего эти точки.
Поместим начало координат в точку А, совместив его тем самым с одной из материальных точек. Пусть радиус–векторы двух других материальных точек будут r1 и r2, тогда радиус–вектор центра масс запишется следующим образом:
.
Полученный результат означает, что центр масс (т. О на рис. 1) лежит на диагонали параллелограмма, построенного на векторах r1 и r2, на расстоянии 1/3 длины диагонали от вершины А. Но так как диагонали параллелограмма делятся в точке их пересечения D пополам, то AD является медианой треугольника ABC. При этом АО : ОD = 2 : 1. Итак, центр масс лежит на медиане треугольника ABC. Если мы выберем начало координат в точке В, то получим, что центр масс лежит на другой медиане, делящей пополам сторону АС. Аналогично, поместив начало координат в точку С получим, что центр масс лежит на третьей медиане.
Рис. 1
Рис. 2
Воспользуемся для решения этой задачи результатом задачи 1, для чего разобьем стержень на множество достаточно малых частей так, чтобы это разбиение было симметричным относительно середины стержня. «Достаточная малость» здесь понимается в том смысле, чтобы длина частей, на которые разбит стержень, была мала по сравнению с соответствующими расстояниями до середины стержня. Симметричность разбиения означает, что каждой частице с массой, скажем, m, находящейся на некотором расстоянии х правее центра стержня, соответствует такая же частица, находящаяся на таком же расстоянии х левее центра стержня. Т.к. центр масс каждой такой пары частиц лежит в середине стержня, а весь стержень разбит лишь на такие пары, то центр масс стержня лежит в его середине.Поместим начало координат в точку O пересечения диагоналей пластинки. Всякая прямая, проведённая через точку О, пересекает противоположные стороны пластинки в некоторых точках А и В. Точка О делит отрезок АВ на две равные части. Поэтому, для всякой точки С на АО можно указать симметричную ей точку С' на ОВ. Центр масс частиц, расположенных в этих точках, находится в точке О. Тем самым, центр масс всей пластинки находится также в точке О.
Заметим, что в точности такие же рассуждения можно привести для любого однородного тела, обладающего центром симметрии. Как видим, центр симметрии всегда является центром инерции однородного тела.
Предварительно заметим, что в случае, когда мы можем разбить систему точек на две части, для каждой из которых нам известна её масса и положение центра инерции, нахождение центра инерции всей системы сводится к задаче о местонахождении центра инерции двух материальных точек:
Здесь R1 и R2 – радиус-векторы центра масс первой и, соответственно, второй части системы, а М1 и М2 – массы этих частей:
Рис. 3
Разобьём теперь данную нам фигуру на два других прямоугольника СС’B’B и C’DD’A’. Центр масс каждого из этих прямоугольников лежит на пересечении их диагоналей в точках O1 и O1’. Следовательно, центр масс всей фигуры лежит на отрезке O1O1’. Поскольку центр масс определяется однозначным образом, следовательно, он принадлежит обоим отрезкам и расположен в точке их пересечения (см. Рис. 3).