doc2
.pdf140 |
X. Динамика материальной системы |
Полученные значения подставим в уравнение (3):
—A sin ф + B c o s y + A cosф+^—Bsin <р = l^ML sinф.
Найдем постоянные интегрирования А и В, решив систему уравнений:
|
|
|
1 |
|
|
I |
|
|
|
|
|
в |
А / = |
0 . |
|
|
|
|
|
||
Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
А = - |
|
2 Mgh |
|
|
|
|
||
|
|
|
1 + 4а |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
в_ |
AMgha |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
/ 2 |
+ 4а2" |
|
|
|
||
Решение (4) с учетом найденных значений примет вид |
||||||||||
„ „ |
|
|
2Mgh |
|
|
|
AMgha . |
(6) |
||
|
|
|
4а2 |
\ |
|
|
/ 2 + 4 а |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
1 + - |
|
|
|
|
|
|
|
Найдем постоянную интегрирования С при t = 0, когда ф = ф0 = 0, |
||||||||||
Zo = coq = 0: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
С = |
2 Mgh |
|
|
|
|
||
|
|
|
' |
4а2 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
1 + —т- |
|
|
|
|
||
Подставим значение С в формулу (6): |
|
|
|
|||||||
|
|
|
2а |
|
2 Mgh |
|
AMgha . |
|||
|
|
е |
' |
|
|
|||||
|
4а 2^ |
|
|
4а |
- .. С05фН |
г—— |
rSIIKO. |
|||
1 + |
|
|
|
1 + |
2 1 |
I |
+4а |
Y |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
37. Теорема об изменении главного момента количеств движения |
141 |
Определим скорость со дерева в момент его падения, т.е. когда
к
= |
|
|
I2 |
+ 4 а 2 |
|
=2MLeая~T I 4Msha • |
|
У,4аЧ |
|
|
/ 2 + 4а2 |
/ 2 + 4 с х 2 ' |
|||
\ |
1 J |
|
|
|
|
|
|
|
2 Mgh |
( |
|
« Л |
_ |
I 2MghI |
|
00 = |
/ 2 + 4а 2 |
2 а + 1е |
! |
|
|||
|
V |
|
V |
|
/ 2 + 4 а 2 |
|
|
О т в е т : со = |
1 IMghl |
Г |
ал |
\ |
|
|
|
е |
> + 2 — . |
|
|
|
|||
|
I / 2 + 4 а 2 |
^ |
|
/ / |
|
|
|
Задача 37.11
Вал радиуса г приводится во вращательное движение вокруг горизонтальной оси гирей, подвешенной посредством троса. Для того чтобы угловая скорость вала через некоторое время после начала движения имела величину, близкую к постоянной, с валом соединены п одинаковых пластин; сопротивление воздуха, испытываемое пластиной, приводится к силе, нормальной к пластине, приложенной на расстоянии R от оси вала и пропорциональной квадрату ее угловой скорости, причем коэффициент пропорциональности равен к. Масса гири т, момент инерции всех вращающихся частей относительно оси вращения равен /; массой троса и трением в опорах пренебречь.
Определить угловую скорость ш вала, предполагая, что в начальный момент она равна нулю.
Р е ш е н и е
Рассмотрим поступательное движение гири и вращение вокруг горизонтальной оси вала с насаженным на него жестко демпфером. Движение гири происходит (см. рисунок) под действием активных сил: силы тяжести mg гири, сил сопротивления F„ пластин, реакций YQ И Х0 опор.
142 |
X. Динамика материальной системы |
Для решения задачи воспользуемся теоремой об изменении главного момента коли- F. честв движения механической системы относительно оси z:
at
где
lMz(Fe) = mgr-ZFkR = mgr-(o2ZkR =
= mgr - knRiо2;
Lz = Lzr + L,дсмпф = Mz(Mvr) + I(o =
- mr2u>+ Iii>={mr2 + i)ax
Тогда
|
(imr2 + /)— = mgr - knRoo2. |
|
|
(1) |
|||
|
|
dt |
|
|
|
|
|
Разделим переменные и проинтегрируем выражение (1): |
|
||||||
|
|
Ло |
_ |
\dt |
|
|
|
|
I mgr - knRa? |
mr2 +1' |
|
|
|
||
|
1 , |
d(o |
|
jdt |
|
|
|
|
knR* |
|
2 ~mr2 + l' |
|
|
|
|
|
knR |
|
|
|
|
|
|
|
|
mgr |
+ со |
|
|
|
|
2knr. mgr In |
knR |
|
+ C , = mr2 |
|
|
||
mgr |
- co |
+1 |
|
||||
|
knR |
knR |
|
|
|
|
|
или |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
mgr |
+ CO |
|
|
|
|
In |
knR |
+C,= - |
t |
|
|
||
|
|
(2) |
|||||
|
|
|
|
||||
2-yJknRmgr |
mgr |
со |
mr1 |
+1 |
|
||
|
|
knR |
|
|
|
|
|
37. Теорема об изменении главного момента количеств движения |
143 |
Постоянную интегрирования С{ найдем из начальных условий cog =0 при t0 = 0. Тогда Сх = 0. С учетом этого выражение (2) примет вид
mgr + со |
2-yjknRmgr{ |
|
In IknR |
||
mr2 + I |
||
J^-co |
||
\ knR |
|
Введем обозначение:
ос = IJknRmgr mr2 + I
и найдем закон изменения угловой скорости со:
СО: |
pgr |
e^-l |
|
SknR еш +1 |
|
При t = <=° |
|
|
со=соm a x = |
mgr |
|
J—. |
Значение максимальной скорости можно также определить из условия, что при
® = С0тах
dt
С учетом этого выражение (1) примет вид
0 = mgr-knR(n2max.
Откуда
|
|
со |
= |
|
Ж |
|
|
|
|
ш т а х |
|
i |
knR |
|
|
[тёг |
е ш |
- 1 |
|
|
2 |
у -JmgnkrR-, |
при достаточно |
О т в е т : со = J — |
— , где а = |
I +тг |
|||||
\knRea'+l |
|
|
|
|
|
большом значении t угловая скорость со близка к постоян- mgr
knR
144 |
X. Динамика материальной системы |
Задача 37.12
Упругую проволоку, на которой подвешен однородный шар с радиусом г и массой т, закручивают на угол ф0, а затем предоставляют ей свободно раскручиваться. Момент, необходимый для закручивания проволоки на один, радиан, равен с. Определить движение, пренебрегая сопротивлением воздуха и считая момент силы упругости закрученной проволоки пропорциональным углу кручения ф.
Р е ш е н и е
Рассмотрим вращение шара, подвешенного на упругой проволоке (см. рисунок). На шар действуют сила тяжести шараю£, момент силы упругости закрученной проволоки Мупр = сф, реакция Т проволоки.
Запишем дифференциальное уравнение вращения шара вокруг оси z, совпадающей с проволокой:
где 1г = |
; |
= - М у п р = -Сф. |
Тогда
2 2-я
-mrty = -сф,
22 -
-m r ф + с ф = 0, 5с Л
2mr
или
ф+Л2ф = 0,
где к = V2mr2'
37. Теорема об изменении главного момента количеств движения |
145 |
Найдем корни характеристического уравнения:
Z2+k2 = 0, Z\,2 = ±ki.
Общее решение полученного однородного дифференциального уравнения ищем в виде
Ф = A cos kt+В sin kt.
Продифференцируем это выражение по времени: ф = со = -Ак sin kt+Вк cos kt.
Постоянные интегрирования А и В найдем из начальных условий: ф0 * 0, coq = 0 при t = 0; А = ф0, В = 0.
Следовательно, уравнение вращательного движения шара
|
Ф = Фо соШ = ф0 cos |
|
О т в е т : ф = ф0 cos / |
|
т t. |
V2mr |
|
|
|
|
Задача 37.13 |
Часовой балансир А может вращаться вокруг оси, Перпендику- |
лярной его плоскости и проходящей через центр тяжести О, имея относительно этой оси момент инерции /. Балансир приводится
вдвижение спиральной пружиной, один конец которой с ним скреплен, а другой присоединен к неподвижному корпусу часов.
При повороте балансира возникает момент сил упругости пружины, пропорциональный углу поворота. Момент, необходимый для закручивания пружины на один радиан, равен с. Определить закон движения балансира, если в начальный момент в условиях отсутствия сил упругости балансиру сообщили начальную угло-
ву ю СКОРОСТЬ (Оо-
Ре ш е н и е
Вращение часового балансира А происходит под действием приложенных к нему сил (см. рисунок): момента А/упр сил упругости пружины, реакций связей Х0 и Y0 в опоре О.
146 |
|
X. Динамика материальной системы |
Запишем дифференциальное уравнение вра- |
||
щения твердого тела вокруг неподвижной оси г: |
||
где Iz = / ; |
= -Л/упр = -«р. |
|
Получим однородное дифференциальное урав- |
||
нение |
|
|
или |
/ф = - С ф |
|
|
|
|
|
> + £ 2 ф = |
0 , |
где к |
|
|
Решение этого уравнения ищем в виде |
||
|
<p = Bcoskt + |
Dsinkt. |
(1)
Продифференцируем выражение (1) по времени: ф = -Вк sin kt + Dk coskt.
Постоянные интегрирования В и D найдем из начальных условий: ф0 = 0, фо = COQ при t = 0. Тогда 5 = 0, D =« о
С учетом значений B,Dv.k запишем уравнение движения балансира А:
(p=c°°Ssin&
О т в е т : ф = co0l|— sin
Задача 37.14
Для определения момента инерции 1г тела А относительно вертикальной оси Oz его прикрепили к упругому вертикальному стержню 00\, закрутили этот стержень, повернув тело А вокруг оси Oz на малый угол ф0 , и отпустили; период возникающих колебаний оказался равным Т ь момент сил упругости относительно оси Oz pa-
37. Теорема об изменении главного момента количеств движения |
147 |
вен т1 = —сф. Для определения коэффициента с проделали второй опыт; на стержень в точке О был надет однородный круглый диск радиуса г массы М, и тогда период колебаний оказался равным Т2. Определить момент инерции тела Iz.
Р е ш е н и е
Вначале определим коэффициент жесткости стержня 00\. Для этого наденем на стержень круглый диск и рассмотрим движение системы, состоящей из однородного диска массы Ми упругого стержня. Покажем на рисунке активные силы: силу тяжести Mg, момент сил упругости mv реакцию N стержня.
Применим теорему об изменении главного момента количеств движения механической системы:
(1)
at
Найдем момент активных сил относительно оси z:
и момент количеств движения диска:
. . |
Mr2 |
Lz = IZ со = |
ca |
Подставим полученные значения в уравнение (1) и получим
Mr2 |
da |
= -Сф |
|
2 |
dt |
|
|
или |
|
|
|
Mr2 . |
|
|
|
|
ф +с ф = 0. |
||
Преобразуем это уравнение: |
|
|
|
|
2с |
|
п |
Ф+ 77~2 Ф = |
0 |
||
|
Mr |
|
|
148 |
X. Динамика материальной системы |
и запишем его в виде
ф + А ; 2 ф = 0.
Полученное дифференциальное уравнение является уравнением свободных крутильных колебаний с круговой частотой
=Р^
'УI Mr2
и периодом |
|
|
|
|
т |
2я |
. |
Mr1 |
|
12 = — |
|
= 2 ТС, |
2с' |
|
|
к |
|
\ |
|
Откуда найдем коэффициент жесткости стержня 00х: |
||||
|
|
4пМг2 |
(2) |
|
|
^ = — 2 - - |
|||
|
|
|
27, |
|
Заменим диск на тело А и рассмотрим его движение. Запишем дифференциальное уравнение вращательного движения в виде
izq>=ZMzm,
гд |
= = |
Тогда
/г ф = -Сф
или
/г ф+сф = 0.
Преобразуем полученное уравнение:
ф + - ^ Ф = 0
и запишем его в виде
ф + £ 2 ф = 0 ,
где к — круговая частота крутильных колебаний тела А, к-
37. Теорема об изменении главного момента количеств движения |
149 |
|
Тогда период колебаний тела А |
|
|
т 2 л |
2к = 2л 'Ь. |
|
Подставим в это выражение выражение (2) и получим
[ОН
7] = 2 т i j 1 ^
4кМг2'
Откуда момент инерции тела А:
Mr2 f n f
О т в е т : l t = Mr2 h
\Тг
Задача 37.15
Решить предыдущую задачу в предположении, что для определения коэффициента с второй опыт проделывают иначе: однородный круглый диск массы М и радиуса г прикрепляется к телу, момент инерции которого требуется определить. Найти момент инерции тела I v если период колебаний тела т ь а период колебаний тела с прикрепленным к нему диском i2-
Р е ш е н и е
Вначале рассмотрим движение тела А (см. рисунок) под действием силы тяжести теда Mrg, момента /яупр сил упругости стержня и реакции N стержня.
Запишем дифференциальное уравнение вращения тела А вокруг оси V
Найдем главный момент внешних сил относительно оси z:
JJMz(Fke) = mynp =-сф.