Герасимович(математический анализ)
.pdfт. е.
dl2= dx2+ dy2
(аналог теоремы П ифагора).
В § 7.4 формулы дифференциала дуги были получены при иных предположениях. Геометрический смысл дифференциала объяснен там же.
Воспользовавшись свойством интеграла от дифференциала функ-
ь
ции, получим еще одну формулу для вычисления длины дуги l = \dl.
а
10.4. В Ы Ч И С Л Е Н И Е ОБЪ ЕМ О В ПРОСТРАНСТВЕННЫ Х ТЕЛ
Вычисление объемов тел по известным поперечным сечениям.
Пусть дано тело Т, ограниченное замкнутой поверхностью, и изве стна площадь любого его сечения плоскостью, перпендикулярной к некоторой прямой, например к оси абсцисс (рис. 10.18, а). Эти
сечения будем называть поперечными. Положение поперечного се чения определяется абсциссой точки его пересечения с осью Ох.
Вообще говоря, с изменением х площадь S поперечного сечения будет изменяться, т. е. является некоторой функцией от х. Обозна чим ее S(x). Функцию S(x) будем считать непрерывной на отрезке [а; Ь], где а и b — абсциссы крайних сечений тела Т.
Д ля вычисления объема V тела Т применим алгоритм составления интегральной суммы и предельного перехода к определенному ин тегралу.
|
1. |
Разобьем |
отрезок |
[а; |
b] |
на |
п частичных |
отрезков точкам |
||
а = |
хр С |
х\ с |
х 2 С |
|
... < Z x „ - i |
С х п = |
b. |
Обозначим |
Axk — x t — Xk-\, |
|
X = |
maxjAxft}, k = |
\, |
п. Через точки разбиения хк, k = 1, п, проведем |
|||||||
|
[а; <■] |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
плоскости, перпендикулярные к оси Ох. Семейство |
плоскостей х = |
|||||||||
— Xk, k — l, |
п, разобьет данное |
тело |
Т на слои, толщина каждого |
|||||||
из |
которых равна |
Ахк, k = |
\, п. |
|
|
|
|
258
2. На каждом из частичных отрезков [хь-й |
Хк\ k = \ , п, |
выбе |
рем произвольным образом точку £* и найдем значения S(£*) функ |
||
ции S(x) в этих точках. |
|
|
3. Предположим, что на каждом из частичных отрезков [хк-й |
||
Хк} функция S = S(x) постоянна и совпадает |
со значением |
S(|*). |
Тогда каждый слой тела Т представляет собой прямой цилиндр с основанием S(g*) и образующими, параллельными оси Ох. Объем такого частичного прямого цилиндра вычисляется по формуле
А П = S(£*)Ax*,
где АХк — высота частичного цилиндра.
Объем V всего тела Т приближенно равен объему фигуры, со стоящей из п ступенчатых частичных цилиндров (см. рис. 10.18. б):
V f a |
2 A V k = |
2 S(g*)Ax*. |
|
|
k=i |
k=i |
|
Очевидно, что последнее приближенное равенство тем точнее, |
|||
чем меньше диаметр разбиения отрезка [a; |
b} X = max {Ах*}. |
||
4. З а точное значение |
искомого объема |
[о; *1 |
|
примем |
|||
|
П |
|
|
l / = lim 2 |
S(gft)A*fe. |
|
|
|
Х^О к= |
1 |
|
п
Заметим, что сумма 2 5(£*)Алг* является интегральной суммой k=\
для непрерывной функции S(x) на отрезке [а; Ь]. Следовательно,
пЬ
V = lim 2 S(i*)Ax* Ш \ S(x)dx.
У.-*0 k = 1 |
а |
Таким образом, объем тела, заключенного между двумя плоско стями х = а и х = Ь, в случае, если площадь сечения, проведенная перпендикулярно к оси Ох, есть известная функция от х: S = S(x) V x 6 [a; b], вычисляется по формуле
V = j S(x)dx. ( 10. 12)
259
х |
у |
z |
= 1. |
Пример 10.13. Найти объем тела, ограиичеииого эллипсоидом - г |
Н— г -)---- 7 |
||
а 1 |
Ьг |
с1 |
|
Р е ш е н и е . Пересечем эллипсоид плоскостью х = Л. В сечеиии получим эллипс |
|
|
|
У2 |
|
|
|
|
г2'J |
|
Ьг( 1 - Н г/ а 2) |
+ |
с2(1 — h2/ а 2) |
~ |
[ |
|||
|
x = |
h |
|
|
|
|
) |
|
с полуосями |
b~^ 1 — Л2/ а 2 |
и |
c-\J 1 — Л2/ а 2 |
(рис. |
10.19), |
площадь поперечного сече |
||
ния которого |
равна nab |
(см. § 10.3, |
пример |
10.12). |
Следовательно, для данного |
случая площадь поперечного сечения эллипса
S = S(h) = nbc(\ — А2/ а 2).
Искомый объем тела определим по формуле (10.12), в которой заменим х иа Л:
а |
а |
2 |
|
|
^ S { h ) d h = ^ п Ь с ( \ - |
= |
= у л а й с . |
||
— а |
—а |
|
4 |
|
При а = 6 = с = |
г получим шар |
радиусом г, объем |
||
которого V = у пг3. |
Пример 10.14. Найти объем клииа, отсеченного от кругового цилиндра плоско стью, проходящей через диаметр его основания и наклоненной к основанию под углом а. Радиус основания равен R (рис. 10.20).
Р е ш е н и е . Примем за ось Ох диаметр основания кругового цилиндра, по которому секущая плоскость пересекает основание, а за ось Оу — перпендикулярный ему ди а
метр основания. Тогда уравнение окружности основания х |
у 2 = R 2. |
||||
Площ адь сечения |
ABC, отстоящего |
иа |
расстоянии х |
от начала координат О, |
|
S ( x ) = |
S ЬАВС = у 1401 • IflCI |
= - I w t g o = ^ t g a . |
|||
Следовательно, |
искомый объем клииа |
|
|
|
|
|
|
R |
R |
|
|
V = |
2^ у у 2 tg a d x = tg |
(Я2 — x2)dx = у |
tg a R 3 |
||
|
|
о |
о |
|
|
Вычисление объемов тел вращения. Рассмотрим тело, образован ное вращением вокруг оси Ох криволинейной трапеции аАВЬ, огра ниченной кривой y = f(x), осью Ох и прямыми х = а, х = Ь .(рис. 10.21). Если пересечь это тело плоскостями, перпендикулярными
260
к оси Ох, получим круги, радиусы которых равны модулю ординат у = f(x) точек данной кривой. Следовательно, площадь сечения рассматриваемого тела
S(x) = я у 2 = я (f(x))2.
Применяя формулу (10.12), получаем формулу для вычисления объема тела вращения
(10.13)
Если тело образовано вращением вокруг оси Оу криволинейной трапеции cCDd (рис. 10.22), то его объем вычисляется по формуле
d d
V = я 5 x2dy = я \ (ф(у))2 dy,
СС
где х = ц>(у), c ^ . y ^ . d ,— уравнение кривой CD.
Пример 10.15. Вычислить объем тела, образованного вращением эллипса — +
У 2
+ 2^ = 1 вокруг оси Ох.
Ь
Р е ш е н и е . По формуле (10.13) имеем
V - 2 j |
j |
|
4 |
) |; - |
= |
п b2 / з |
а3 \ |
4 |
. 2 |
2 л - г -l а3 ---------- ) = |
— nab2. |
|
||
|
а2 \ |
3 / |
3 |
|
Пример 10.16. Вычислить объем тела, образованного вращением вокруг оси Ох фигуры, ограниченной кривой у = ех (JC С 0) (рис. 10.23).
Р е ш е н и е . Согласно формуле (10.13), получим
V
Л * = т « 2‘ ° = ^ - ( 1 - . - “ ) =
' Н
Р и с . 10.23
261
Пример 10.17. Вычислить объем тела, образованного вращением вокруг оси Ох
фигуры, |
ограниченной |
одной аркой |
циклоиды х = |
a(t — sin t), y = |
a ( l — cost), 0 < |
|||||||
t < 2л, и осью Ox |
(рис. 10.24). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Р е ш е н и е . |
Д л я |
вычисления |
объема данного |
тела |
воспользуемся |
формулой |
||||||
(10.13): |
|
|
|
2ла |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
V = л, \ y 2dx. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
о |
|
|
|
|
|
|
|
|
Сделаем |
в этом |
интеграле замену |
переменной, положив |
x = |
a{t — sin f), |
y |
= a (l |
— |
||||
— cos t). |
Тогда |
dx = |
a (l — cos t)dt. |
Если дс( = 0, |
то |
t\ = 0, |
при |
х 2 = 2 л a |
t2 = |
2л. |
||
С учетом произведенной замены имеем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
2я а |
2л |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
V = |
п \ y 2d x = я |
\ a 2(l — cos f)2a (l |
— cos t)dt = |
|
|
|
|
оо
|
|
2я |
|
|
|
|
2л |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= лa 3 J (1 — cos t f d t = |
л а 3 $ (1 — 3 cos t + 3 cos2 1 — cos3 t)dt = |
|
||||||||||||
|
|
0 |
|
|
|
2я |
|
|
|
0 |
|
|
|
|
2л |
|
|
= |
л a 3((t — 3 sin t) | |
+ |
3 ^ |
*+ cos 2< ^ |
_ |
J |
(1 — sin2 t) d (sin t)) = |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
о |
|
|
|
|
о |
|
|
|
|
|
|
|
з / „ |
, |
3 / ^ |
, |
sin |
2# \ |
|
. . . |
|
sin3 f \ I 2" - |
2 |
з |
|
|
|
|
|
= л а ^ 2 л + |
|
Ч |
2 |
/ |
Sln |
|
3 |
/ 10 = 5" e |
' |
|
|
|||
|
|
10.5. В Ы Ч И С Л Е Н И Е РАБОТЫ |
П ЕРЕМ ЕН Н О Й |
С И Л Ы |
|
|
||||||||||
Пусть материальная точка движется по прямой линии под дейст |
||||||||||||||||
вием |
некоторой |
переменной силы |
F. Перемещение этой точки за д а |
|||||||||||||
дим |
вектором s |
|
и предположим, |
что |
направление |
силы |
совпадает |
|||||||||
с направлением перемещения (F||s). |
Обозначим |
через |
|F | |
и Is | |
||||||||||||
длины векторов F и s. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Если на всем пути сила F постоянна, то, как известно из меха |
||||||||||||||||
ники, |
работа А = |
| F [ |
|s| . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Рассмотрим случай, когда сила F сохраняет постоянное направ |
||||||||||||||||
ление (F || s), но меняется по модулю ( | F | Ф const). Вычислим |
работу |
|||||||||||||||
этой |
переменной |
силы. З а |
ось |
Ох примем |
прямую, |
вдоль которой |
движется материальная точка. Пусть начальная и конечная точки пути имеют абсциссы а и b(a<zb) соответственно. В каждой точке отрезка [а; Ь] модуль силы принимает определенное значение и явля ется некоторой функцией абсциссы, т. е |F | = F (x ) . Таким образом,
F = | F | i — -F(x)i, s = (b — a)i, | s | = 6 — a.
Будем считать функцию F(x) непрерывной. Д ля нахождения ра боты переменной силы вновь используем алгоритм, основанный на составлении интегральной суммы и предельном переходе к опреде ленному интегралу.
1.Разобьем отрезок |s| = la; b\ на п частичных отрезков точка
Xk: a — x 0- < x \ < x 2 < . . . < x n = b, где Ах* = х* — х* _ ь k = \ , п ,— длина k-ro частичного отрезка. Как известно, работа на всем пути равна сумме работ на малых его участках. Обозначив работу на всем пути через А, а работу на частичном отрезке [хк- й х*] через AAh, получим
262
|
А = |
2 АA k. |
|
|
|
|
|
|
k=\ |
|
|
|
|
Если отрезки [x*_i; x k} брать достаточно малыми, то на каждом |
||||||
таком |
отрезке можно считать |F | « c o n s t . |
|
|
|
||
2. |
Выберем на каждом частичном отрезке [xk-v, х к] произвольную |
|||||
точку |
\к и найдем значение функции F(x) в точке £*. |
|
|
|
||
3. |
Предположим, что на каждом частичном отрезке модуль силы |
|||||
имеет постоянное значение, равное значению F(x) в точке |
|F*| = |
|||||
= F(lk)- При этом предположении работа силы на отрезке |
|
лг*1 |
||||
|
АЛ * ж | Fftl Axk = F(lk)Axk. |
|
|
|
||
Работа переменной силы F, |
совершаемая на всем |
пути |
|s| = |
|||
— Ь — а, |
п |
|
|
|
|
|
|
А « А п = |
2 |
F (lk)Ахк. |
|
|
|
Очевидно, что А п представляет |
собой интегральную |
сумму, |
со |
|||
ставленную для непрерывной на отрезке [а; Ь\ функции F(x). |
|
|
||||
4. |
Предел А„ при X = max{Axft}->-0 в силу предположения о |
не- |
||||
|
la; Ь] |
|
|
|
|
|
прерывности функции F(x) существует и выражает работу перемен
ной силы |
на |
прямолинейном пути от точки а |
до точки Ь: |
|||
|
|
|
|
|
|
(10.14) |
Пример |
10.18. Вычислить работу, затраченную на |
растяжение пружины на |
||||
0,1 м, если |
известно, |
что для удлинения ее на 0,05 м нужио приложить силу в 2 Н. |
||||
Р е ш е н и е . |
По |
закону Гука модуль силы F, растягивающей или сжимающей |
||||
пружину, |
пропорционален этому растяжению |
или сжатию, т. е. |F | = kx, где х — |
||||
величина |
растяжения |
или сжатия. Из условия |
имеем, что 2 — к ■0,05, откуда к = 40. |
|||
Следовательно, | |
= |
Fix) = 40 х. |
|
|
||
Согласно формуле (10.14), получаем |
|
|
0,1
А - j 40xdx = 20х* IS-1= 0,2 Д ж .
о
10.6.В Ы Ч И С Л Е Н И Е РАБОТЫ
ЭЛ ЕК ТРО Д В И ГА ТЕЛ Я ПЕРЕМ ЕНН ОЙ МОЩНОСТИ
Рассмотрим теперь другую задачу на отыскание работы. Найдем
работу, |
совершенную двигателем за промежуток времени At = |
= [а; Ь], |
если его мощность в момент времени t равна N(t). Как из |
вестно, при постоянной мощности двигателя N его работа A = NAt. Воспользуемся алгоритмом составления интегральной суммы и
предельного перехода к определенному интегралу.
1. |
Разобьем временной отрезок [а; Ь] на п частичных отрезков |
|
[f*-i; |
tk], k = \, п. Обозначим Atk = tk — tk -i, k = \ , п. |
|
2. |
Выберем на каждом частичном отрезке произвольным образом |
|
точку |
т*: tk- 1 < |
tk. |
3. |
Будем считать |
мощность на каждом из частичных отрезков |
постоянной и равной |
N(rk). Тогда |
263
п
|
|
|
А « А п = |
к=1 |
N(tk)Atk. |
|
||
|
|
|
2 |
|
||||
X = |
4. |
Считая функцию N(t) |
непрерывной |
и переходя к пределу п |
||||
тахШ*}->*0 , получаем |
|
|
|
|
||||
• |
|
1«»1 |
|
|
|
» |
|
|
|
|
|
|
A = |
|
\N{t)dt. |
(10.15) |
|
|
|
|
|
|
|
а |
|
|
|
Пример |
10.19. В ы ч и с л и т ь |
работу |
|
и среднюю мощность переменного тока за |
|||
промежуток |
времени [0; 2л/со], |
если сила тока определяется формулой / = / 0 sin сot, |
где / о — максимальное значение тока; со — круговая частота; t — время, а сопротивле
ние цепи |
равно R. |
|
|
|
|
|
|
Р е ш е н и е . Известно, |
что мощность постоянного |
тока вы ражается формулой |
|||||
N = P R , |
поэтому, |
согласно |
формуле |
(10.15), |
работа |
переменного тока |
|
|
|
2 я / ш |
|
2 я/й ) |
|
|
|
|
A = |
IIR J sin2 соtdt = |
IIR J |
» - c o s 2 c o ; |
d t = J ^ L _ |
||
|
|
0 |
|
|
0 |
|
|
Средняя мощность переменного тока |
|
|
|
||||
|
|
|
N = _ ^ _ ==Ж |
' |
|
||
|
|
|
ср |
2л/со |
2 |
|
10.7. В Ы Ч И С Л Е Н И Е С И Л Ы Д А В Л Е Н И Я Ж И Д К О С Т И
Пусть пластинка, имеющая вид криволинейной трапеции, погру ж ена вертикально в жидкость, плотность которой р, таким образом, что ее боковые стороны параллельны поверхности жидкости и нахо дятся ниже ее уровня на расстояниях а и b соответственно (рис. 10.25). Требуется определить силу давления жидкости на пластинку.
Если пластинка находится в горизонтальном положении на глу бине h от поверхности жидкости, то сила давления Р жидкости на эту пластинку будет равна весу столба жидкости, основанием кото рого является данная пластинка, а высотой — глубина h, т. е.
Р — gphS, |
(10.16) |
где g = 9,8 м /с2; S — площадь пластинки.
Если же пластинка погружена в жидкость вертикально, то давле ние жидкости — сила давления на единицу площади — изменяется с глубиной погружения.
При решении задачи будем учитывать, что по закону Паскаля давление в жидкости передается одинаково по всем направлениям, в том числе и на вертикальную пластинку.
Выберем систему координат так, как показано на рис. 10.25. Пусть уравнение кривой А В имеет вид у = f(x), где функция f(x) непрерывна на отрезке [а; b].
Д ля нахождения силы давления снова используем алгоритм составления интегральной суммы и предельного перехода к опреде ленному интегралу.
1.Разобьем отрезок [а; b} на п частичных отрезков [x*-i;
точками а = х0 < х\ < ... <Lxn- \ < х п = Ь. Обозначим Ах к = Хк —
264
— Xk~\, k = 1, п. Проведем через точки xo, *i, хп прямые, парал
лельные |
оси Оу, которые разобьют пластинку на п малых горизон |
|
тальных |
полосок. |
|
2. |
Выберем на каждом частичном отрезке произвольным образом |
|
точку |
|
Xk], k — \, п. Тогда площадь S* малой горизонталь |
ной полоски
Sk « f(lk)Axk.
3. Считая, что все точки каждой элементарной пластинки нахо дятся на одной глубине h = значение силы давления на нее можно вычислить по формуле (10.16):
АРкж gplkf{lk)&Xk. |
W |
Просуммировав найденные значения АР*, k = i, п, получим при ближенное значение силы давления жидкости на всю пластинку:
П
Рп = 2 gp£*/(£*)Ax*. k=\
Точность этого приближенного равенства тем больше, чем меньше длины частичных отрезков [xk-i', Xk}.
4.З а точное значение Р силы давления жидкости на пластин
принимается предел Рп при А, = max{Ax*}-»-0: [а; 6]
п
Р= П т 2 gplkf(lk)bxk.
)i—0 ft=l
Так как Рп представляет собой интегральную сумму для непре рывной функции рxf(x) на отрезке [a; ft], то указанный предел суще ствует и выражается определенным интегралом
P = g \ pxf(x)dx. |
(10.17) |
Если в жидкость вертикально погружена |
пластинка А \В \В 2А 2 |
(рис. 10.26), ограниченная прямыми х = а, х = Ь и кривыми у =
265
= Уi(*)> У = У2(х), то сила |
давления на эту пластинку |
вычисляется |
по формуле |
|
|
P = |
g \ рх(у2 — y\)dx. |
( 10. 18) |
Пример 10.20. Пластинка, имеющая форму эллипса, наполовину погружена в |
||
жидкость (вертикально) таким образом, что одна из осей эллипса (длиной 2р) лежит |
на поверхности. Вычислить силу давления жидкости на каждую из сторон этой
пластинки, если длина погруженной |
полуоси эллипса равна а , плотность жидкости |
р = 1200 к г/м 3. |
|
Р е ш е н и е . В силу симметрии |
эллипса достаточно найти силу давления на |
одну из сторон его четвертой части и удвоить полученный результат. Выберем систему
координат, |
как показано иа |
рис. 10.27. Тогда уравнение эллипса |
|
|
|
||||||
|
|
|
= 1=>у- |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
Вычислим силу давления по формуле |
||||||
|
|
|
|
|
(10.17) при а = 0, Ь — а: |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
а |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
т р = в \ рх^ |
v |
? |
= |
^ - |
||
|
Р и с . |
10.27 |
|
|
ЕИ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Р = ^ |
g p a 2p |
= |
g |
• 1200a2p = |
||||
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
= |
80 0a2p = |
80 0a2pg. |
|
|||
Учитывая, |
что g яг 9,8 м /с 2, получаем |
Я = 7840а2р Н. |
|
|
|
|
|
||||
Пример 10.21. Вычислить силу, с которой вода давит на плотину, имеющую |
|||||||||||
форму равнобочной трапеции, верхнее |
основание которой |
а — 70 |
м, |
нижиее — b = |
|||||||
= 50 м, а высота |
Я = 20 м. Плотность |
воды 1000 к г/м 3. |
|
|
|
|
|
||||
Р е ш е н и е . |
Выберем |
систему |
координат так, |
как |
показано |
на |
рис. 10.28. |
а =7/7
Координаты точек А, В и |
С легко |
определяются из. чертежа: А ( 20; |
10), |
6(20; 60), |
|||
С(0; 70). Уравнение линии |
ОА |
имеет |
вид |
у = 0,5*, а уравнение линии |
В С — у = |
||
= — 0 ,5 * + 70. |
|
а = |
|
|
20, у , = 0 , 5 х , 1/2 = 0,5* + |
|
|
По формуле (10.18) |
при |
0, |
i = |
70 |
вычисляем |
10.8. В Ы Ч И С Л Е Н И Е СТАТИЧЕСКИХ МОМЕНТОВ, МОМЕНТОВ ИН Е Р Ц И И И КОО РДИ НАТ ЦЕНТРА МАСС
Общие сведения. Пусть на плоскости задана прямоугольная
система координат |
Оху. |
О п р е д е л е н и е |
10.1. Статическим моментом материальной |
точки А(х; у), в которой сосредоточена масса т, относительно оси
Ох (оси Оу) называется величина, |
численно равная произведению |
|
массы этой точки и расстояния до |
оси |
Ох ( оси Оу): |
М х — ту (Му = |
тх). |
О п р е д е л е н и е 10.2. Моментом инерции материальной точки А(х; у), в которой сосредоточена масса т, относительно оси Ох (оси Оу, точки О) называется величина, численно равная произве дению массы этой точки и квадрата расстояния до оси Ох (оси Оу, точки О):
/* = т у 2, 1у = т х 2, 10 = 1х + 1у = т(х2 -\-у2).
Если дана система материальных |
точек A i ( x t; у\), |
А 2(х2; у2), • ••> |
||||
Ап(хп', Уп), в которых сосредоточены массы |
т i, m2, ..., |
т„, то стати |
||||
ческие моменты находятся |
по формулам: |
|
|
|||
|
П |
|
П |
|
|
|
|
м х = 2 |
rnkyk, M y = ’L |
т кХк, |
(10.19) |
||
|
k= 1 |
|
k=\ |
|
|
|
а моменты инерции — по формулам: |
|
|
|
|||
/ * = 2 Ш к У к , |
1 у = 2 |
m kxl, |
10 = |
1х + 1 у = 2 (xl + yl)m k.( 10.20) |
||
к = 1 |
k = 1 |
|
|
|
f c = l |
|
О п р е д е л е н и е |
10.3. |
Центром |
масс |
системы |
материальных |
|
точек называется точка, обладающая |
тем свойством, что если в ней |
|||||
|
|
п |
|
|
|
|
сосредоточить всю массу М = 2 |
т к системы, то статический момент |
|||||
|
|
k = |
1 |
|
|
|
этой точки относительно любой ее оси равен статическому моменту данной системы материальных точек относительно той же оси.
Поэтому, обозначая |
центр |
масс |
системы |
С(хс \ у с), получаем: |
П |
|
|
П |
|
м х = 2 m kyk = Мус, М у = 2 т кХк = М х с. |
||||
k = \ |
|
|
*= i |
|
Таким образом, координаты центра масс системы материальных |
||||
точек вычисляются по следующим формулам: |
|
|||
хс = |
М у/М = |
( 2 |
ткХк)/ 2 |
т к, |
|
|
к=\ |
6 = 1 |
|
|
|
п |
п |
( 10.21) |
Ус = |
М х/ М = |
(^2 |
т кук) / 2 |
т . |
Пусть требуется вычислить статические моменты, моменты инер ции и координаты центра масс однородной плоской материальной линии или плоской материальной фигуры с известной плотностью р
267