doc1
.pdf40 |
IX. Динамика материальной точки |
Задача 26.31
Во избежание несчастных случаев, происходивших от разрыва маховиков, устраивается следующее приспособление. В ободе маховика помещается тело А, удерживаемое внутри него пружиной S; когда скорость маховика достигает предельной величины, тело А концом своим задевает выступ В задвижки CD, которая и закрывает доступ пара в машину. Пусть масса тела А равна 1,5 кг,
расстояние е выступа В от маховика равно 2,5 см, предельная угловая скорость маховика 120 об/мин. Определить необходимый коэффициент жесткости пружины с (т.е. величину силы, под действием которой пружина сжимается на 1 см), предполагая, что масса тела А сосредоточена в точке, расстояние которой от оси вращения маховика в изображенном на рисунке положении равно 147,5 см.
Р е ш е н и е
Рассмотрим движение тела А под действием силы тяжести mg и силы упругости Fynp пружины. Покажем эти силы на рисунке. Свяжем с телом А естественную ось п и запишем основное уравнение динамики в проекции на эту ось:
|
та„ = Fynp |
-mg, |
|
|
V^ |
|
|
izn |
|
где а „ = - — , |
v = oX/ + e) = —(/ + <?); |
|||
l + e |
|
|
30 |
|
/ W = с(к„ + е), |
с •.mg. |
|
||
сЪ. |
|
|
|
|
Тогда |
|
|
mv |
|
|
|
|
= се, |
|
откуда |
|
|
Т+е |
|
|
mv2 |
_ mar(l + е) _ п п m(l + е) |
||
|
с = • |
|||
|
|
е |
302е |
|
|
(l + e)e |
3444202-1,5(1,475 +0,025) = 14198 (Н/м).
900 0,025
О т в е т : 14 198 Н/м.
26. Определение сил по заданному движению |
41 |
Задача 26.32
В регуляторе имеются гири А массы 30 кг, которые могут скользить вдоль горизонтальной прямой MN; эти гири соединены пружинами с точками М и JV; центры тяжести гирь совпадают с концами пружин. Расстояние конца каждой пружины от оси О, перпендикулярной плоскости рисунка, в ненапряженном состоянии равно 5 см, изменение длины пружины на I см вызывается силой в 200 Н. Определить расстояние центров тя-
жести гирь от оси О, когда регулятор, равномерно вращаясь вокруг оси О, делает 120 об/мин.
Р е ш е н и е
На гирю А действует сила упругости Fyup. Направим ее по оси п (см. рисунок). Запишем основное уравнение динамики в проекции на эту ось:
та„ = / 1 |
(1) |
ли |
и / — |
где а„ = ю2/, (О= — = 4л; Fynp = с(1 -/„), /0 |
расстояния от оси О до центра тяжести гири соответственно в ненапряженном и напряженном состояниях пружины.
Подставим выражение Fynp в уравнение (1) и получим
|
|
\6к2т1 = с(/-/0). |
|
|
Откуда |
|
|
|
|
/ = |
ehо |
20 |
ООО 0,05 |
= 0,0655 (м). |
с-16тк2 |
20 000 |
-16-30 3Д4' |
О т в е т : 6,55 см.
42 |
IX. Динамика материальной точки |
Задача 26.33
Предохранительный выключатель паровых турбин состоит из пальца А массы т = 0,225 кг, помещенного в отверстии, просверленном в передней части вала турбины перпендикулярно оси, и отжимаемого внутрь пружиной; центр тяжести пальца отстоит от оси вращения вала на расстоянии / = 8,5 мм при нормальной скорости вращения турбины п = 1500 об/мин.
При увеличении числа оборотов на 10 % палец преодолевает реакцию пружины, отходит от своего нормального положения на расстояние х = 4,5 мм, задевает конец рычага В и освобождает собачку С, связанную системой рычагов с пружиной, закрывающей клапан парораспределительного механизма турбины. Определить жесткость пружины, удерживающей тело А, т.е. силу, необходимую для сжатия ее на 1 см, считая реакцию пружины пропорциональной ее сжатию.
Р е ш е н и е |
|
Покажем на рисунке силы, дей- |
|
ствующие на палец А: силу тяжести |
|
mg, силу упругости Fynp. Запишем ос- |
|
новное уравнение динамики в про- |
|
екции на ось п. |
|
Для ненапряженного состояния |
|
пружины: |
|
тах = со,2/ = Fm v -mucosa, |
|
где я, = со,2/. |
|
При перемещении пальца на расстояние х: |
|
та2 = Flynp -mgcosa, |
|
где а2 = со^(/ + х). |
|
Силы упругости, возникающие в пружине, в этих случаях: |
|
Flynp =mtfl+mg cosa, |
(1) |
Flynp = mv%(/ + *) +mg cos a. |
(2) |
26. Определение сил по заданному движению |
|
43 |
|||
Жесткость пружины определим из условия, что |
|
||||
|
|
^упр-^упр = « • |
|
(3) |
|
Подставим выражения (1) и (2) в уравнение (3) и решим его отно- |
|||||
сительно с: |
|
|
|
|
|
|
|
с _ пищО + х) -motfl |
|
|
|
|
|
|
х |
|
|
_ |
пп |
ТШ2 |
, . |
1,1 ЛЯ, |
|
Так как со, = —Ц |
со, = — п |
2 = 1,1л,, то coj = |
30 |
|
|
^ |
30 |
30 |
|
|
|
Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
тл2п2 |
(0,21/+1,2 Ъс)_ |
|
|
|
|
с = - |
30 дг |
|
|
|
|
|
|
|
|
_ 0,225 • 3,142 • 1500г(0Д 1 -0,0085+1Д1 • 0,0045) _ Q g 9 2 |
н / |
||||
|
|
900 -0,0045 |
' |
М ' |
О т в е т : с = 89,2 Н/см.
Задача 26.34
Точка массы т движется по эллипсу — +2+^z:r2 = 1. Ускорение точки
' а ЬА*
параллельно оси у. При / = 0 координаты точки были х = 0 ,у = Ь, начальная скорость v0. Определить силу, действующую на движущуюся точку в каждой точке ее траектории.
Р е ш е н и е
Выразим из уравнения траектории точки у:
у = а |
(1) |
Учтем, что — = v0, откуда* = v0/. Подставим значениех в выраже- dt
ние (1):
у = —-у/д2 |
- v02/2. |
(2) |
а |
|
|
44 |
|
|
|
IX. Динамика материальной точки |
|||
Продифференцируем выражение (2) по времени дважды: |
|
||||||
|
dt |
dt\a |
J |
aja2-v2t2 |
|
|
|
|
|
bvl a^ja2 |
- |
v02/2 + bvjta |
M |
|
|
|
|
|
|
||||
9 = dt± |
bv20t |
|
|
|
|
|
|
А Л / О 2 - |
VQ/2 |
|
a2(a2 |
-Vgt2) |
|
|
|
|
|
bvW |
|
bvW |
|
bAv] |
|
|
a 2 (fl 2 - v 0 2 / 2 Wa 2 - v 0 ¥ |
|
|
« |
a2 y,,3" |
|
|
|
|
|
|
V |
mb'vl |
||
|
|
|
|
|
|
||
Так как точка имеет ускорение а = у, то F |
= та = ту - - |
а2уг |
|||||
|
mbAvl |
|
|
|
|
|
|
О т в е т : |
= "аУ |
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 26.35 |
|
|
|
||
Шарик массы /и закреплен на конце вер- |
|
|
|
||||
тикального упругого стержня, зажатого ниж- |
|
|
|
||||
ним концом в неподвижной стойке. При |
|
|
|
||||
небольших отклонениях стержня от его вер- |
|
|
|
||||
тикального равновесного положения мож- |
|
|
|
||||
но приближенно считать, что центр шарика |
|
|
|
||||
движется в горизонтальной плоскости |
Оху, |
|
|
|
проходящей через верхнее равновесное положение центра шарика. Определить закон изменения силы, с которой упругий изогну-
тый стержень действует на шарик, если выведенный из своего положения равновесия, принятого за начало координат, шарик движется согласно уравнениям x = acqskt,y = b sin kt, где a,b,k — постоянные величины.
Р е ш е н и е Запишем основное уравнение динамики в проекции на оси х и у.
nvc = Fx, |
(1) |
my = Fy. |
(2) |
26. Определение сил по заданному движению |
45 |
|||
Найдем вторые производные от х и у. |
|
|||
|
|
х = -ак2 |
coskt, |
(3) |
|
|
= -bk2 |
sin kt. |
(4) |
Подставим выражение (3) и (4) в уравнения (1) и (2): |
|
|||
|
Fx = -так2 |
coskt, |
Fy = -mbk2 sin kt. |
|
Найдем F: |
|
|
|
|
F = ^F2 |
+ F2 = mk2Ja2 |
cos2 kt+b2 sin2 kt = mk2Jx2 + y2 |
= mk2r, |
|
где r = -yjx2 |
+y2. |
|
|
|
О т в е т : F = mk2r, где r-^jx2 + y2.
27. Дифференциальные уравнения движения
Методические указания к решению задач
Задачи этого параграфа относятся к задачам второго типа, когда решается вторая основная задача динамики материальной точки, сущность которой в определении закона движения точки по заданной силе, массе и начальным условиям движения.
Начальные условия движения — это положение и скорость точки в момент начала движения, т.е. при t = О должны быть заданы координаты точки: лг0, уа, Zq, И проекции начальной скорости на оси коор динат: х0, у0, если движение рассматривается в декартовой системе координат.
Решение таких задач сводится к составлению и решению дифференциальных уравнений движения и анализу полученных результатов.
При составлении дифференциальных уравнений движения материальной точки используется второй закон динамики.
Решают полученные уравнения либо непосредственным интегрированием, либо с применением теории дифференциальных уравнений.
Уравнения (1Х.З) и (IX.4) являются дифференциальными уравнениями движения материальной точки соответственно в декартовых и естественных осях координат. Дифференциальные уравнения (IX.4) применяют при криволинейном движении точки, если известны траектория точки и ее радиус кривизны, например, при движении по окружности.
Если движение прямолинейное, то составляется одно дифференциальное уравнение в проекции на ось, направленную в сторону движения.
При криволинейном движении в плоскости составляются два дифференциальных уравнения в проекциях на оси х н у . Так как силы, действующие на материальную точку, могут быть как постоянными, так и переменными, зависящими от времени /, скорости v
27. Дифференциальные уравнения движения |
47 |
и радиуса-вектора г точки, то при проецировании на оси координат сил F = F{v) и F = F{r) следует иметь в виду, что
/• =|F(v)|cos(v J ) ,
Fy = |F(v)|cos (v J ) , |
(27.1) |
|||
где |
|
|
|
|
Л |
V |
= |
|
|
COS (v , Ij = — |
|
|
||
|
V |
J x 2 + y2 |
|
|
|
V, |
|
у |
|
|
V |
|
Jx2+y2 |
|
Пусть F = -/cv. Тогда |
|
|
|
|
Fx = |
v = -kvx |
= -kx, |
|
|
Fy = -kv^- = -kvy |
= -ky. |
(27.2) |
Из формулы (27.2) видно, что если сила F пропорциональна квадрату или любой другой, не равной единице, степени скорости, то проекция силы на ось будет зависеть от двух переменных — х и у.
Например, на точку действует сила сопротивления, пропорциональная квадрату скорости. Тогда
Fx = -kv2 |
— = -kwx = -kx-Jx2 |
+y2, |
|
F = -kv1 |
^ = -Aw, = -ky^jx2 |
+y2. |
(27.3) |
|
v |
|
|
Однако получить аналитическое решение дифференциальных уравнений движения в декартовых осях координат, например тела, брошенного под углом к горизонту, в которые войдут Fx или Fy в виде выражений (27.3), невозможно.
Если записать дифференциальные уравнения движения в естественных осях, то в этом случае можно найти аналитическую зависимость скорости от угла наклона касательной к траектории точки. Затем составить аналитические зависимости для определения коорди-
48 |
IX. Динамика материальной точки |
нат х и у и времени движения t по траектории, но это сопряжено со значительными математическими трудностями.
Для F = F(r) проекции определяются по формулам
Fx =|F(r)|cos(rCV"), |
|
|
||
Fy |
=|F(^cos(^y), |
|
|
|
где |
|
|
|
|
cos(г У ) = ^г |
= г |
cos(r |
г = г |
(27.4) |
х, у — проекции радиуса-вектора на оси координат.
Если на точку действует сила отталкивания от некоторого неподвижного центра:
F = к2тг,
то
Fx = |F|cos(r СТ)= к2тг— = к2тх,
Fy = |F|cos(r *])= k2mr— = k2my. |
(27.5) |
Последовательность решения задач этого параграфа:
1.Выбрать систему отсчета, совместив начало осей координат
сначальным положением точки и направив оси в сторону движения точки.
2.Изобразить движущуюся точку в произвольном положении, но
так, чтобы х > 0, v* > 0 и т.д.
3.Показать на рисунке активные силы, действующие на точку,
иреакцию связи, если точка несвободна.
4.Записать в общем виде дифференциальные уравнения (уравнение), подсчитать сумму проекций всех сил на координатные оси или ось (при прямолинейном движении) и подставить в правую часть дифференциального уравнения. При этом необходимо все переменные силы выразить через те величины (/, х или vj, от которых они зависят.
5.Интегрирование дифференциальных уравнений производится методами, известными из курса высшей математики и зависящими от вида правой части полученного уравнения.
27. Дифференциальные уравнения движения |
49 |
Если в уравнении не более двух переменных, то его можно проинтегрировать методом разделения переменных. При этом дифференциальное уравнение второго порядка необходимо представить в виде дифференциального уравнения первого порядка, введя заме-
dx |
dvr |
_ |
|
ну, например х = — |
или х = — - и т.д. Тогда вместо уравнения |
||
dt |
|
dt |
|
тх =
получим уравнение вида
<27-6>
Если в правой части уравнения (27.6) содержатся некоторые постоянные силы и сила, зависящая от скорости vx, то правую часть уравнения следует считать функцией vx, т.е. Ffct = Fx{vx).
После разделения переменных уравнение (27.6) примет вид
dvr |
dt |
(27?) |
Fx(vJ |
т |
|
Проинтегрировав уравнение (27.7), найдем vx = fx(f,C7,). Затем представим vx в виде
dt
опять разделим переменные, проинтегрируем и получим
x = f(t,q,c2),
где С,, С2 — постоянные интегрирования.
Постоянные интегрирования определяют с учетом начальных условий движения. Решение уравнения (27.7) позволяет найти также время, в течение которого скорость движения материальной точки изменится от v„ до v.
Если требуется найти зависимость скорости от координаты х или значение х при изменении скорости от v0 до v, то в уравнение (27.6) вводим следующую замену переменных: