mat_analiz
.pdfфункцию y = arcsin x |
|
на интервале (−1, 1) . Она является обратной для функции |
|||||||||||
x = sin y, где |
|
− |
π |
, |
π |
|
. На интервале |
|
− |
π |
, |
π |
имеем: x ′y = cos y ≠ 0 . Со- |
y |
2 |
2 |
|
|
2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
гласно правилу дифференцирования обратной функции получаем :
|
|
|
|
|
′ |
|
1 |
|
|
|
|
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(arcsin x ) |
= cos y = |
1 −sin 2 y |
= 1 − x 2 . |
|
|
|
|
|
|
||||||
Таким образом: (arcsin x )′ = |
1 |
, |
|
x (−1, 1). |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
1 − x 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Аналогично, можно показать, что |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
(arccos x )′ = |
1 |
|
|
, x (−1, 1); |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 − x 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
′ |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(arctgx ) |
= |
|
|
, |
|
x (− ∞, + ∞); |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
1 + x 2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
′ |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(arcctgx ) |
= − |
|
|
, |
x (− ∞, + ∞). |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
1 + x 2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
′ |
1 |
|
′ |
|
1 |
|
|
|
Отметим, однако, что формулы (arccos x ) |
= − 1 − x 2 |
и (arcctgx ) |
|
= − |
|
||||||||||||||
|
|
1 + x 2 |
|
|||||||||||||||||
можно |
также |
получить, |
используя |
формулы (arcsin x )′ = |
|
1 |
и |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 − x 2 |
|||
|
′ |
1 |
|
|
|
|
|
|
π |
|
|
|
|
π |
|
|
|
|
|
|
(arctgx ) = |
|
и равенства arccos x |
= 2 − arcsin x, |
arcctgx = |
2 − arctgx . |
|
|
|
|
|||||||||||
|
1 + x 2 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
Замечание 8. Можно доказать, что если функция |
y = f (x) |
определена, |
|||||||||||||||||
непрерывна, строго монотонна в некоторой окрестности точки |
x0 |
и в точке |
||||||||||||||||||
x0 |
имеет производную f ′(x 0 )= 0 , то обратная функция x = g(y)имеет в точке |
|||||||||||||||||||
y0 |
= f (x0 ) |
бесконечную производную. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задания для самостоятельной работы
1. Используя правило дифференцирования обратной функции, доказать формулы:
а) |
(arccos x )′ = |
1 |
|
, x (−1, 1); |
|
|
|
|
1 − x 2 |
|
|
|
′ |
1 |
|
|
|
б) |
(arctgx ) = |
|
, |
x (− ∞, + ∞); |
|
1 + x 2 |
137
′ |
1 |
|
|
|
|
|
в) (arcctgx ) = − |
|
, |
x (− ∞, + ∞). |
|||
1 + x 2 |
||||||
2. Вывести |
формулу |
(loga x )′ = |
1 |
loga e , воспользовавшись правилом |
||
|
||||||
|
|
|
|
|
x |
|
дифференцирования обратной функции и формулой (ax )′ = ax ln a . |
3. Получить формулу (ax )′ = ax ln a , применяя правило дифференциро-
вания обратной функции и формулу (loga x )′ = |
1 |
loga e . |
||||
|
||||||
|
|
|
|
|
x |
|
4. Найти производную функции y = 5 x + 5 , используя правило диффе- |
||||||
ренцирования обратной функции. |
|
|
||||
Ответ: 4. y |
′ |
|
|
1 |
|
|
= |
55 |
(x + 5)4 . |
|
|
||
|
|
|
§ 6. Правило дифференцирования сложной функции
Прежде всего, отметим особую значимость правила отыскания производной сложной функции. Умение практически применять это правило крайне важно потому, что при изучении различных процессов и явлений часто приходится исследовать именно сложные функции. Понятие сложной функции дано в главе I. Напомним это понятие. Пусть функция u = ϕ(x )определена на
множестве Χ , функция y = f (u) |
определена на множестве U, причем множе- |
|
ство значений функции u = ϕ(x ) |
содержится в области определения функции |
|
y = f (u), |
то есть, если x0 Χ , то ϕ(x 0 ) U . Тогда на множестве Χ определена |
|
функция |
y = f [ϕ(x)] которую называют суперпозицией функций y = f (u) и |
|
u = ϕ(x ), |
или сложной функцией, составленной из функций y = f (u) и u = ϕ(x ). |
Для нее u - промежуточный аргумент (промежуточная переменная), x - независимый аргумент (независимая переменная). Например, сложными являют-
ся следующие функции: y = cos x2 (при этом y = cos u , u = x2 ); y = e x (при этом y = eu , u = x ); y = arcsin(2 − x) (при этом y = arcsin u, u = 2 − x ).
Теорема 3. Пусть y = f (u) и u = ϕ(x ) - заданные функции и пусть в не-
которой окрестности точки x0 определена сложная функция y = f [ϕ(x)]. Если
138
функция u = ϕ(x ) имеет производную в точке x0 , а функция y = f (u) имеет производную в точке u0 =ϕ(x 0 ), то сложная функция y = f [ϕ(x)] имеет произ-
водную в точке x0 , причем
y′(x 0 )= f ′(u0 ) ϕ′(x 0 ) . |
(4) |
Доказательство. Обозначим через Χ ту окрестность точки x0 , в ко-
торой определена сложная функция y = f [ϕ(x)]. Дадим аргументу x в точке
x0 приращение ∆x ≠ 0 , такое, чтобы точка x0 |
+ ∆x Χ . Тогда функция u = ϕ(x ) |
|
получит приращение ∆u , а, следовательно, и функция |
y = f (u) получит при- |
|
ращение ∆y , которое можно записать в виде |
|
|
∆y = f ′(u0 ) ∆u +α(∆u) ∆u , |
(5) |
|
где α(∆u)→ 0 при ∆u → 0 (см. §3). |
|
|
Отметим, что функция α(∆u) не определена при ∆u = 0 . Но приращение |
||
∆u зависит от выбранного ∆x ≠ 0 и может, |
в частности, получиться равным |
|
нулю. В связи с этим доопределим функцию |
α(∆u) , полагая α(0)= 0 . В таком |
случае равенство (5) остается верным и при ∆u = 0 . Разделим обе части равенства (5) на ∆x ≠ 0 . Получим
|
∆y |
= f ′(u0 ) ∆u |
+α(∆u) ∆u . |
|
(6) |
|
∆x |
|
|||
|
∆x |
∆x |
|
|
|
Пусть теперь ∆x → 0 . По условию теоремы существует lim |
∆u |
=ϕ′(x 0 ). Кро- |
|||
|
|
|
∆x →0 |
∆x |
|
ме того, из дифференцируемости функции u = ϕ(x) в точке |
x0 следует ее не- |
прерывность в этой точке, а значит ∆u → 0 при ∆x → 0 . Но тогда α(∆u)→ 0.
Итак, при ∆x → 0 правая часть равенства (6) имеет предел, причем, учитывая, что f ′(u0 ) - постоянный множитель и используя теоремы о пределах,
находим:
lim |
|
f ′(u0 ) |
∆u |
+α(∆u) |
∆u |
= f ′(u0 ) ϕ′(x 0 ). |
|
∆x |
|
||||
∆x →0 |
|
|
∆x |
|
139
А тогда существует предел и левой части равенства (6), то есть lim |
∆y |
и этот |
||
|
|
∆x→0 |
∆x |
|
предел равен f ′(u0 ) ϕ′(x 0 ). Поскольку lim |
∆y |
= y′(x 0 ), то получаем: |
|
|
|
|
|
||
∆x →0 |
∆x |
|
|
|
y′(x 0 )= f ′(u0 ) ϕ′(x 0 ). |
|
|
||
Теорема доказана. |
|
|
|
|
Сформулируем кратко правило дифференцирования сложной функции: |
||||
если y = f (u), а u = ϕ(x ), то производная сложной функции y(x)= f [ϕ(x)] |
по не- |
|||
зависимой переменной x равна произведению производной функции |
y по |
промежуточному аргументу u на производную промежуточного аргумента u по независимой переменной x .
Замечание 9. Используя другое обозначение производной и опуская значение аргумента, формулу (4) часто записывают в следующем виде:
dydx = dudy dudx .
Если с помощью нижнего индекса x или u указать, по какой переменной взята производная, то формула (4) примет вид:
y′x = yu′ u′x .
Пример 20. Найти производную функции y = tg(1 + x3 ). |
|
||
Решение. С помощью промежуточного аргумента u |
|
||
данную функцию так: y = tgu, где u =1 + x3 . Тогда yu′ = |
1 |
, |
|
cos2 u |
|||
|
|
представим за- u′x = 3x 2 . Сле-
довательно, согласно правилу дифференцирования сложной функции имеем:
y′x = cos12 u 3x 2 .
Теперь, записывая 1 + x3 вместо u , получаем:
|
′ |
|
3x 2 |
|
||
y |
= cos2 |
(1 + x 3 ). |
||||
|
Пример 21. Найти производную функции y = 3 x5 − 4 .
Решение. В данном примере имеем: y = 3 u , где u = x5 − 4 .
140
Поскольку yu′ = 1 |
, u′x |
= 5x 4 , то y′x = 1 5x 4 , откуда, подставляя |
33 u 2 |
|
33 u 2 |
x5 − 4 вместо u , получаем: |
|
|
|
|
5x 4 |
|
|
y′ = 33 (x 5 − 4)2 . |
В приведенном выше правиле рассмотрена сложная функция y = f [ϕ(x)], |
||
составленная из двух функций: |
y = f (u) и u = ϕ(x ). Здесь y зависит от x через |
посредство одной промежуточной переменной u . Однако правило дифференцирования сложной функции распространяется и на случай суперпозиции любого конечного числа функций, то есть на случай любого конечного числа промежуточных переменных. Например, если сложная функция составлена
из трех функций y = f (u), u = ϕ(v), v =ψ (x), причем v =ψ (x) |
дифференцируема в |
|||||||||||||||||||
точке x0 , а |
|
u = ϕ(v) и y = f (u) дифференцируемы соответственно в точках |
||||||||||||||||||
v0 =ψ(x 0 ) и u0 = ϕ(v0 ), то |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
y′(x 0 )= f ′(u0 ) ϕ′(v0 ) ψ′(x 0 ). |
|
|
|
|
||||||||||
Опуская значение аргумента и используя другие обозначения произ- |
||||||||||||||||||||
водных, последнее равенство можно переписать в виде: |
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
dy |
= |
dy |
|
|
du |
|
dv |
или |
y′x = yu′ uv′ |
v′x . |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
du |
dv |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
dx |
|
|
dx |
|
|
|
|
|
|||||||
Пример 22. Найти производную функции y = sin 3 ( x −1). |
|
|
||||||||||||||||||
Решение. С помощью промежуточных переменных u и v представим |
||||||||||||||||||||
заданную функцию так: y = u3 , |
где |
|
u = sin v , а v = |
x −1. |
Поэтому, учитывая, |
|||||||||||||||
что yu′ = 3u 2 , |
uv′ = cos v, v′x = |
1 |
|
|
|
и y′x |
= yu′ uv′ v′x , получаем: |
y′x = 3u 2 cos v |
1 . |
|||||||||||
|
|
|
|
2 |
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
x |
|||
Подставляя вместо u и v их выражения через x , окончательно имеем: |
||||||||||||||||||||
|
′ |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
3 sin 2 ( x −1) cos( x −1) |
|
|
|||
y |
= 3sin |
|
( x −1) cos( |
x −1) 2 x |
= 2 |
x |
|
. |
|
|||||||||||
|
|
|
|
141
В приведенных выше примерах для разъяснения практического применения правила дифференцирования сложной функции промежуточные переменные обозначали буквами u и v и с помощью них записывали сложную функцию в виде цепочки более простых зависимостей. Однако таким образом желательно поступать лишь первое время, затем указанное представление сложной функции лучше выполнять устно.
Покажем на примерах, как можно рассуждать в этом случае.
Пример 23. Найти производную функции y = cos 2x +3.
Решение. Заданная функция есть косинус некоторого выражения. Мысленно принимая это выражение за промежуточную переменную, то есть за u , а затем, используя правило дифференцирования сложной функции, получаем:
y′ = −sin 2x + 3 ( 2x +3)′.
Для отыскания ( 2x +3)′ за промежуточную переменную мысленно обо-
значаем подкоренное выражение. Применяя правило дифференцирования сложной функции, можем записать:
( 2x + 3)′ = |
1 |
(2x + 3)′ = |
1 |
2 = |
1 . |
|
2 2x + 3 |
|
2 2x + 3 |
|
2x + 3 |
Таким образом, окончательно имеем:
y′ = − sin 2x + 3 . 2x + 3
Приведенные рассуждения можно оформить следующим образом:
|
′ |
|
|
|
′ |
1 |
′ |
|
y |
= −sin 2x + 3 ( |
2x + 3) = −sin |
2x + 3 2 2x + 3 (2x + 3) = |
|||||
|
||||||||
= −sin 2x + 3 |
|
1 |
2 = − sin |
2x + 3 . |
|
|||
|
|
|
2 |
2x + 3 |
|
2x + 3 |
|
Пример 24. Найти производную функции y = ln5arctg x 3 .
Решение. Рассуждая аналогично тому, как это сделано при решении примера 23, получаем:
142
|
′ |
|
4 |
|
|
3 |
|
|
3 |
′ |
|
4 |
|
|
3 |
1 |
|
|
|
3 |
′ |
|||||
y |
= 5 ln |
arctg x |
(ln arctg x |
) |
= 5 ln |
arctg x |
|
|
|
|
|
(arctg x |
) = |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
arctg x 3 |
|
|
||||||||||||||||
= |
|
5 ln 4 arctg x 3 |
|
|
|
1 |
(x 3 )′ |
|
= |
5 ln 4 arctg x 3 |
|
|
3x 2 |
= |
15x 2 ln 4 arctg x 3 . |
|||||||||||
|
|
arctg x 3 |
|
|
1 + x 6 |
|
|
|
arctg x 3 |
|
|
1 + x 6 |
|
|
(1 + x 6 ) arctg x 3 |
|
С приобретением навыка дифференцирования сложной функции записи можно еще более сократить, выполняя все промежуточные рассуждения мысленно и записывая только их результат.
Пример 25. Найти производную функции y = |
ctg e3 |
x . |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
Решение. Имеем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
3 x |
|
1 |
|
|
e3 x |
|
|
|
|
|
|
y |
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
e |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
= − |
|
|
|
|
|
. |
|||||||
|
2 ctg e |
3 |
|
|
sin 2 e |
3 |
|
|
|
33 x 2 |
ctg e |
3 |
|
sin 2 e |
3 |
|||||||||
|
|
|
|
x |
|
|
|
x |
|
|
|
|
63 x 2 |
|
x |
|
x |
Замечание 10. Для отыскания производных некоторых функций можно воспользоваться методом логарифмического дифференцирования. Коротко суть его состоит в том, что заданную функцию, прежде всего, логарифмируем, после чего приравниваем результаты дифференцирования обеих частей полученного равенства и выражаем искомую производную.
Пример 26. Найти производную функции y = |
(x 4 +1)5 7x 2 +8 . |
|
cos2 x |
Решение. Прежде всего, логарифмируем заданную функцию. Полу-
чаем
ln y = 5 ln(x 4 +1)+ 12 ln(7x 2 +8)−ln cos2 x.
Теперь дифференцируем по x обе части полученного равенства, учитывая при этом, что в левой части равенства имеем сложную функцию от x . В результате приходим к выражению:
1 |
y′ = |
20x 3 |
+ |
|
|
7x |
+ 2 tg x , |
|||||
|
y |
x 4 +1 |
|
7x 2 +8 |
||||||||
откуда получаем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
20x 3 |
|
|
7x |
|
|||||
y′ |
= y |
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
+ 2 tg x , |
|
|
|
4 |
|
|
|
2 |
|
|||||
|
|
|
|
+1 |
|
7x |
+8 |
|
||||
|
|
x |
|
|
|
|
следовательно,
143
|
|
|
|
4 |
5 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
′ |
|
(x |
+1) 7x |
+8 |
|
20x |
|
7x |
|||||||||||
y |
= |
|
|
|
|
|
+ |
|
||||||||||||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
2 |
|
+ 2 tg x . |
||||
|
|
|
|
|
cos |
x |
|
|
|
|
+1 |
|
7x |
+8 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
Очевидно, что производную рассматриваемой в примере 26 функции можно найти, опираясь только на правила дифференцирования и не применяя метод логарифмического дифференцирования. Но использованный в примере метод логарифмического дифференцирования предпочтителен, поскольку быстрее приводит к цели.
Пример 27. Найти производную функции y = (x 2 + 4)sin x .
Решение. Логарифмируя заданную функцию, получаем равенство ln y = sin x ln(x 2 + 4).
Дифференцируем по x обе части этого равенства. Имеем:
|
1 |
y′ = cos x ln(x |
2 |
+ 4)+ |
2x sin x |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||
|
|
y |
|
|
|
x 2 + 4 |
||||||
|
|
|
2 |
+ 4)+ |
|
2x sin x |
|
|
||||
Следовательно, |
y′ = y cos x ln(x |
|
|
|
|
|
|
, откуда получаем: |
||||
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
x 2 + 4 |
|
|
|
2 |
sin x |
|
2 |
|
2x sin x |
||
y′ = (x |
|
+ 4) |
cos x ln(x |
|
+ 4)+ |
|
|
. |
|
|
x 2 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
+ 4 |
Рассмотренная в последнем примере функция является показательностепенной. Используя метод логарифмического дифференцирования, легко устанавливается следующее правило дифференцирования показательно-
степенной функции: пусть y = uv , причем u = u(x ) |
и v = v(x ) – |
дифференци- |
||||||||||
руемые в данной точке функции и u(x )> 0 . Тогда |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
(uv )′ = uv ln u v′+ v uv−1 u′. |
|
|
|
|
||||||
|
Задания для самостоятельной работы |
|
||||||||||
1. Найти производные следующих функций: |
|
|
|
|
|
|||||||
а) y = (x 2 −4)5 ; |
б) y = 3 2 −5x ; |
в) y = |
4 |
|
; |
|
г) y = 1 |
; |
||||
(7x − 2)3 |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 1− x 4 |
|
|
д) y = cos x ; |
е) y = e−x |
2 |
; ж) y =tg3x; |
з) y = ln |
|
|
|
x |
|
и) y = arcctg 3 + x 4 ; |
||
|
2 1 |
− |
|
; |
||||||||
|
2 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
144
к) |
y = arctg |
1 + 1+e2x ; |
л) y = e5x sin π x ; |
|
м) x = ln |
t |
; н) y = (x 2 +1)sin x . |
||||||||||
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t 2 + 4 |
|
|
2. Найти значения производных заданных функций в указанных точках. |
||||||||||||||||
а) |
y = 16 + x2 , x0 |
= 3; |
б) |
y = esin 3 x , |
x 0 = |
π ; |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
4 |
6 |
(1 − |
2t ), |
t0 = − |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
в) |
S = t + |
|
cos |
|
|
; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
г) |
y = ln3 (1 + sin x)+ arctg 2 (1 + sin x), |
x0 |
= 0. |
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
2 |
|
|
|
|
3. Доказать, |
|
что для функции |
y = tg |
|
+1 |
справедливо равенство |
||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y′− x (y 2 +1)= 0.
Ответы:
1. а) y ′ = 10 x (x 2 − 4 )4 ;
г) y′ |
= |
|
x 3 |
|
|||
(1 − x 4 ) 4 1 − x 4 |
|||||||
ж) y |
′ |
|
|
3tg 2 x |
|
з) |
|
= cos2 x ; |
|||||||
|
;
y′ =
б) |
y |
′ |
= − |
|
|
|
5 |
|||
33 (2 − |
||||||||||
|
||||||||||
д) |
y |
′ |
= − |
sin |
x |
|||||
|
2 |
x |
||||||||
|
|
|||||||||
|
|
|
|
x |
|
|
||||
|
2 ln 1 − |
|
|
|
|
|||||
2 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
; |
|
||||
|
|
x − 2 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
5x
;
|
; |
в) |
y′ = − |
84 |
; |
)2 |
(7x − 2)4 |
е) y′ = −2x e −x 2 ;
и) |
2x 3 |
|
y′ = − (4 + x 4 ) 3 + x 4 |
; |
к) |
y′ = |
e2x |
|
|
1 |
|
л) y′ = e5x (5sin πx +π cosπ x ); |
м) |
4 |
||||||
1 + e2x |
− x 2 +1 |
; |
x ′ = |
t(t 2 + 4); |
|||||||||||
|
|
|
sin x |
|
|
|
|
2x sin x |
|
|
|
||||
н) |
y′ = |
(x 2 |
+1) |
|
|
cos x |
ln(x 2 +1)+ |
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
x 2 |
+ |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|||
2. а) 3 |
; |
б) 0; |
|
|
в) 0; |
|
г) |
π . |
|
|
|
||||
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
§7. Геометрический смысл производной. Механический смысл производной
1. Геометрический смысл производной
Понятие производной функции y = f (x) в заданной точке x0 имеет на-
глядную геометрическую интерпретацию. Это понятие связано с понятием касательной к графику заданной функции.
145
Прежде всего, поясним понятие касательной к кривой. Пусть L – плоская кривая и M 0 - точка на ней (см. рис. 2).
L
M
T
M0
Рис. 2
Возьмем на этой кривой некоторую другую точку M . Проведем через точки M 0 и M прямую M 0 M . Эту прямую называют секущей. Пусть точка
M 0 остается неподвижной, а точка M движется по кривой L, неограниченно приближаясь к точке M 0 . Тогда секущая будет вращаться вокруг точки M 0 .
При этом может оказаться, что секущая M 0 M будет стремиться занять в пре-
деле положение вполне определенной проходящей через точку M 0 прямой.
Обозначим эту прямую через M 0T . В этом случае говорят, что кривая L в
точке M 0 имеет касательную M 0T . |
|
Таким образом, касательной к кривой L в точке M 0 |
называют прямую |
M 0T , ккоторойстремится секущая M 0 M , когдаточка M стремится кточке M 0 . |
|
(Здесь имеется в виду, что угол между прямой M 0T |
и секущей M 0 M |
стремится к нулю при стремлении к нулю расстояния между точками M 0 и
M .)
Заметим, что касательная существует не всегда.
Перейдем теперь к рассмотрению геометрического смысла производ-
ной. Пусть функция y = f (x ) |
определена на |
интервале (a, b) и в точке |
x 0 (a, b) имеет производную |
f ′(x 0 ). Покажем, |
что существует касательная к |
графику этой функции в точке M 0 (x 0 ; f (x 0 )), причем угловой коэффициент этой касательной равен f ′(x 0 ). Действительно, дадим аргументу x в точке x0
приращение ∆x ≠ 0 , такое, чтобы x 0 + ∆x (a, b). Тогда функция y = f (x ) полу-
146