Лекции по вышмату за 1 курс
.pdfОткуда следует, что (x) = (x + x) (x) = Rxx+ x f(t)dt. Последний интеграл в силу теоремы о среднем: Rxx+ x f(t)dt = f0( ) x,
прич¼м точка лежит между точками x и x + x; тогда x = f( ). Устремим x к нулю, тогда в силу непрерывности функции f(x) будет
lim f( ) = f(x), следовательно:
x!0 |
0 |
|
|
|
|
x |
x!0 |
x |
= x!0 f( ) = |
|
|
x0 (x) = Za |
f(t)dt x |
|
|||
|
= |
lim |
|
lim |
f(x); |
|
|
т.е. окончательно получим:
0
Z x
f(t)dt = f(x)
ax
72.2Формула Ньютона-Лейбница
Теорема 74 Если функция f(x) непрерывна на промежутке [a; b], то определ¼нный интеграл от этой функции по промежутку [a; b] равен разности
значений какой-либо первообразной этой функции на верхнем и на нижнем
пределах интегрирования, т.е.
Rab f(x)dx = F (b) F (a) (Формула Ньютона-Лейбница)
Доказательство Обозначим через F (x) первообразную функции f(x), тогда, принимая во внимание доказанную выше теорему Барроу,
имеем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Zax f(x)dx = F (x) + c |
(73) |
Полагая в этом равенстве x = a, получим: |
|
||||
F (a) + c = |
aa f(x)dx = 0 => c = F (a). Положим в равенстве (80) |
||||
x = a, тогда |
|
R |
a f(x)dx = F (b) F (a). |
|
|
|
получим |
b |
|
|
|
|
|
R |
|
|
Итак, для того, чтобы вычислить определ¼нный интеграл, достаточно вычислить разность значений первообразной на верхнем и на нижнем зна- чениях пределов интеграла. Заметим, что разность f(b) F (a) обозначают
òàê:
Z b
f(x)dx = F (x)jba = F (a) F (b)
a
Пример 200 Вычислить площадь, ограниченную кривыми y = x3y = x2y = x2 è y = x3 (ðèñ 2)
Решение Параболы y = x2 è y = x3 пересекаются в точках O(0; 0) и M(1; 1),
ограничивая область, изображенную на рис 2. В силу геометрического смысла
определ¼нного интеграла очевидно, что искомая площадь S = R01(x2 x3)dx.
221
Для вычисления определ¼нного интеграла применим формулу НьютонаЛейбница. Получим
|
|
|
|
|
|
x3 |
|
x4 |
1 |
1 |
|
1 |
|
1 |
|
|
S = Z0 |
1 |
|
|
0 = |
|
= |
||||||||
|
(x2 x3)dx = |
3 |
4 |
3 |
4 |
12 |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: |
S = |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
12 êâ. åä. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рассмотрим теперь основные способы вычисления определ¼нного интеграла: замену переменных (подстановку) и интегрирование по частям.
72.3 Подстановка в определ¼нном интеграле
Теорема 75 Если функция f(x) непрерывна на промежутке [a; b], и в опре-
дел¼нном интеграле произвести замену переменной интегрирования при помощи подстановки x = '(t), прич¼м функция '(t) и е¼ производная '0(t)
непрерывны на промежутке [ ; ], прич¼м '( ) = a; '( ) = b и, кроме того, функция '(t) имеет обратную функцию t = (t), то
Z b Z
f(x)dx = f['(t)]'0(t)dt
Доказательство Пусть F (x) - первообразная для функции f(x), т.е.
0
F 0(x) = f(x), тогда (F ['(t)])t = f['(t)] '0(t). Следовательно
Z
f['(t)]'0(t)dt = F ['(t)]j = F ['( )] F ['( )] = F (b) F (a);
à ò.ê. Rab f(x)dx = F (b) F (a), òî ÿñíî ÷òî Rab f(x)dx = R f['(t)]'0(t)dt
Замечание 34 Для вычисления определ¼нных интегралов замена переменной может определяться соотношением t = '(x) или '(t) = (x), или
(x; t) = 0 при выполнении необходимых ограничений на функции, задающие замену переменных.
Замечание 35 При вычислении определ¼нных интегралов с помощью подстановки нет необходимости возвращаться к первоначальному аргументу (это с очевидностью следует из доказательства теоремы).
9 |
dx |
|
Пример 201 Вычислить I = R0 |
1 p |
|
x |
Решение Делаем подстановку x = t2, тогда dx = 2tdt. Новые пределы интегрирования: т.к. t = px, òî t1 = pxjx=0 = 0; t2 = pxjx=9 = 3; тогда
получим
I = |
R |
9 |
|
|
dx |
|
= |
R |
3 2tdt |
= 2 |
3 tdt = |
|
2 |
R |
3 |
t 1+1dt = |
|
2 |
R |
3 dt |
|
2 |
R |
3 |
|
dt |
= |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
= |
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
0 |
|
R |
0 t |
|
1 |
|
|
|
t |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
t |
|
1 |
|||||||
|
|
|
0 |
|
1 x |
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
0 |
|
|
0 |
||||||||||||||||||
|
|
2 t |
j |
3 |
|
2 ln |
t |
|
1 |
jj |
3 |
= 6 |
|
2 ln 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
j |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
222
72.4 Интегрирование по частям
Теорема 76 Если в промежутке [a; b] функции u(x) и v(x) непрерывны и имеют непрерывные производные, то
b |
u(x)dv(x) = (u(x) v(x))jab Za |
b |
Za |
v(x)du(x) |
Доказательство Из тождества d(u(x) v(x)) = u(x)dv(x) + v(x)du(x). Проинтегрируем это равенство на промежутку [a; b], получим
Za |
b |
Za |
b |
u(x)dv(x) = (u(x) v(x))jab |
v(x)du(x): |
Заметим, что в этом выражении интегрирование вед¼тся по переменной
x.
Пример 202 Вычислить I = Rab x ln xdx
Решение Вычислим данный интеграл по частям, положив u(x) = ln x; dv(x) =
xdx. Тогда du(x) = |
dx |
; v(x) = |
x2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
2 . Следовательно |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
I = Z0 |
3 |
|
|
|
x2 |
|
3 |
|
1 |
Z0 |
3 |
9 |
|
|
5 |
|
p |
|
|
5 |
|||||||
|
|
|
|
|
2 ln 2 |
|
39 |
||||||||||||||||||||
x ln xdx = |
2 |
|
ln x 2 |
2 |
xdx = |
2 ln 3 |
4 |
= ln 4 |
4 |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: |
I = ln |
39 |
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
4 |
|
4 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
73 Приложения определ¼нного интеграла
73.1 Вычисление площадей плоских фигур
Принимая во внимание геометрический смысл определ¼нного интеграла, заметим, что если область D ограничена сверху кривой y = (x), снизу
кривой y = '(x), прич¼м '(x) (x)('(x) > 0; (x) > 0)x 2 [a; b] (рис 1),
то площадь области D можно вычислить по формуле
S = Rab (x)dx Rab '(x)dx, ò.å. S = Rab [ (x) '(x)] dx
Если область ограничена прямыми y = 0 (сверху), x = a; x = b а также кривой y = '(x) (снизу), прич¼м '(x) < 0 (рис 2), то площадь области D
вычисляется по формуле S = Rab '(x)dx.
В том случае, когда область D ограничена прямыми x = a; x = b, а также кривой y = (x) сверху, прич¼м (x) > 0, а также кривой y = '(x)('(x) < 0); то площадь этой области (рис 3) вычисляется по формуле
S = Rab [ (x) '(x)] dx
Прич¼м эта формула справедлива при любом расположении кривых на плоскости, лишь бы не нарушалось условие '(x) (x).
Пример 203 Вычислить площадь фигуры, ограниченной кривыми y = x2 1 è y = x + 1 (ðèñ 4)
223
Решение Найд¼м точки пересечения данных кривых. Для этого необходимо решить систему уравнений
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y = x2 1 |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y = x + 1 |
|
|
|
||||||||
|
Решив е¼, найд¼м координаты точек A( 1; 0) и B(2; 3). Тогда, очевидно, |
||||||||||||||||||||||||||
что площадь фигуры |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
4 |
|
18 |
(x + 1) 1(x |
|
1 1) dx 29 |
|
|
1 |
|
|
|
|
2 |
3 |
2 |
|
|||||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
x |
1 |
= |
||||||||||||||||||
S = |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
= |
R |
2 |
|
|
x2 + 2 dx = x2 |
x3 + 2x |
|
||||||||
= |
|
R |
|
+ 4 |
|
2 |
+ |
3 |
|
= |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
2 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
29 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Ответ: S = |
3 |
êâ. åä. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Пример 204 Вычислить площадь эллипса с полуосями a и b (рис 5) |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
Решение Напомним, что каноническое уравнение эллипса имеет вид |
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x2 |
|
y2 |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ |
|
|
= 1 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
b |
2 |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Однако воспользуемся параметрическими уравнениями эллипса |
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y = b sin t |
; t 2 [0; 2 ] |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x = a cos t |
|
|
|
|
|
|
|
|
Очевидно, что когда параметр t пробегает промежуток от 0 до 2 , текущая точка M(x; y) обегает контур эллипса один раз от точки A1 ! B1 ! A2 ! B2 ! A1. Переход к параметрическим уравнениям эллипса суще-
ственно упрощает вычисление определ¼нного интеграла, дающего нам выражение для площади эллипса. В виду симметричности эллипса вычислим
площадь его четверти, которая лежит в первом квадрате.
Действительно 14 Sell = R0a y(x)dx, где y(x) - уравнение верхней половины эллипса. В силу параметрических уравнений эллипса найд¼м пределы ин-
тегрирования: x = a cos t, положим здесь x1 = 0, получим t1 = 2 , а положив x2 = a, будем иметь верхний предел интегрирования t2 = 0. Учитывая, что
в силу тех же параметрических уравнений y = b sin t; dx = a sin tdt, окон-
чательно сформируем определ¼нный интеграл для вычисления площади, ограниченной эллипсом:
1 Sell = |
0 b sin t( |
a sin t)dt = ab |
R |
|
sin2 tdt = ab |
R |
|
1 cos 2t dt = |
|||
2 |
2 |
||||||||||
= ab |
t |
R |
sin 2t |
2 = ab |
0 |
|
0 |
2 |
|||
4 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|||
2 |
|
2 |
0 |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Итак, площадь эллипса Sell= ab кв.ед.. Заметим, что, положив здесь a = b = r, получим известное нам выражение для площади круга S = r2.
Допустим теперь, что нам необходимо вычислить площадь, ограниченную кривой, заданной уравнением в полярных координатах. Точнее, вычислим площадь фигуры, ограниченной лучами ' = ; ' = , а также кривой
r = r(') (предполагаем, естественно, что функция r = r(') на промежутке [ ; ] интегрируема) (рис 6).
224
Провед¼м рассуждения в полярной системе координат (O - полюс, OP - полярная ось).
Из полюса O провед¼м лучи
'= (луч OA) и ' = (луч OB), а также построим кривую r = r(');
'2 [ ; ].
Найд¼м площадь криволинейного сектора OAB. В соответствии с опре-
делением определ¼нного интеграла выполним следующие пять операций. 1. Разобь¼м сектор OAB лучами '0 = ; '1; :::; 'k; 'k+1; :::; 'n = ('k <
'k+1) произвольным образом на n частей (секторов); обозначим 'k = 'k+1 'k. Рангом дробления назов¼м supf 'kg = .
2. |
В каждом секторе, ограниченном лучами 'k; 'k+1 провед¼м произ- |
|||||
вольный луч k('k < k < 'k+1) и вычислим значение r( k). |
|
|
||||
3. |
Заменим этот сектор круговым с радиусом r |
= r ( k) и вычислим |
||||
площадь этого кругового сектора Sk = 21 r2 ( k) 'k |
|
|
|
|||
4. Составим интегральную сумму n = |
n 1 Sk |
= 1 |
n 1 r2 ( k) |
|
'k |
|
5. |
Измельчая дробление, и устремляя |
Pk=0 |
2 |
Pk=0 |
|
ранг дробления к нулю, будем
искать предел I = lim n.
В пределе получим площадь криволинейного сектора S = 12 R r2 (') d'.
Пример 205 Вычислить площадь, ограниченную кривой r = 1 + cos '.
Решение Если переменная ' пробегает значения от 0 до 2 , текущая точка обегает кривую, которая называется кардиоидой . Если ' 2 [0; ], имеем верхнюю половину фигуры. Очевидно, что
12 S = R0 (1 + cos ')2d' = R0 (1 + 2 cos ' + cos2 ')d' = R0 (1 + 2 cos ' + 0:5(1 + cos 2'))d' = = (1:5' + 2 sin ' + sin 2')j0 = 1:5
Итак, искомая площадь S = 3 кв. ед..
73.2 Вычисление длины дуги плоской кривой
Пусть кривая AB (рис 8) задана уравнением y = f(x), где x 2 [a; b]. Предположим, что функция f(x) и е¼ производная f0(x) непрерывны на [a; b].
Длиной дуги кривой AB мы будем называть предел длины вписанной в не¼ ломаной линии при условии, что n ! 1, а длина наибольшего звена
ломаной (ранг разбиения) стремится к нулю. Обозначим длину частич-
зуем здесь по формуле Лагранжа |
q |
f(xk+1) f(xk). Получим |
|||||
ного участка ломаной линии lk = |
( xk)2 |
+ (f(xk+1) f(xk))2. Преобра- |
|||||
разность |
|
|
|
|
|
|
|
f(xk+1) f(xk) = f0( k) xk: |
|
|
|
||||
Длина всей ломаной линии |
|
|
|
|
|
|
|
n 1 |
|
|
|
|
|
|
|
n = k=0 q1 + [f0( k)]2 xk |
|
|
|
|
|||
X |
|
|
|
|
q |
|
|
Измельчая дробление и устремляя ранг дробления к нулю, в |
|
|
|||||
Это есть интегральная сумма для непрерывной функции |
|
1 + [f0(x)]2. |
пределе полу-
чим такое выражение для длины дуги плоской кривой
225
Z b q
L = 1 + [f0(x)]2dx
a
Пример 206 Найти длину дуги кривой AB, если A( 2; 7); B(1; 1) и уравнение кривой AB : y = 3 2x
Решение Очевидно, что кривая AB представляет собою отрезок прямой
линии, прич¼м x |
2 |
[ |
2; 1]. Имеем y0 |
= |
|
2; 1 + y02 |
= 5. |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|||
Тогда |
|
1 |
|
p |
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: ДлинаRдуги кривой AB равна 3p5 ëèí.åä.. |
|||||||||||||||
|
LAB = |
2 |
|
5dx = 3 5 |
|
|
|
|
|
|
|
Если кривая AB задана параметрическими уравнениями
x = '(t)
; t 2 [ ; ]; ( < );
y = (t)
то нетрудно убедиться, что длина дуги кривой AB вычисляется по формуле
Z q
L = ['0(t)]2 + [ 0(t)]2dt
Отметим, что здесь естественно предполагается, что функции '(t), (t) и их производная '0(t) è 0(t) непрерывны на промежутке [ ; ].
Пример 207 Найти длину дуги астроиды
x = a cos3(t)
y = a sin3(t) ; (a > 0)
Решение Очевидно, что кривая ABCD (астроида) симметрична отно-
сительно координатных осей, прич¼м текущая точка обегает кривую один раз, когда параметр t 2 [0; 2 ]. Вычислим четв¼ртую часть длины дуги
(участок AB t 2 [0; 2 ]). Имеем:
x0t yt0
= 3a cos22 t ( sin t) ; (x0t)2+(yt0)2 = 9a2 sin2 t cos4 t+9a2 cos2 t sin2 t = 9a2 sin2 t cos2 t: = 3a sin t cos t;
Учитывая, что на промежутке 0; 2 sin t 0; cos t 0, получим
p
(x0t)2 + (yt0)2 = 3a sin t cos t:
Тогда будем иметь:
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
4L = Z0 |
|
3a sin t cos tdt = 3a Z0 |
|
|
|
2 |
= 2 ; |
|||||
|
sin td sin t = 3a 2 |
t |
0 |
|||||||||
1 |
|
2 |
2 |
|
sin |
|
|
|
3a |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
откуда следует Lastr = 6a ëèí.åä.. |
|
|
|
|
|
|
|
|
В том случае, когда кривая AB задана уравнением в полярных координатах r = r('), прич¼м функция r(') и е¼ производная r0(') непрерывны на
226
промежутке [ ; ]( < ), то нетрудно получить формулу для вычисления длины дуги кривой AB, воспользовавшись только что выведенной формулой. Действительно, можно принять ' за параметр. Тогда получим такой частный случай параметрических уравнений кривой AB.
x = r(') cos '
; ' 2 [ ; ]( < )
y = r(') sin '
Имеем: x0' = r'0 cos ' r sin '; y'0 = r'0 sin ' + r cos '; (x0')2 + (y'0 )2 = r2(') + r02(').
Таким образом, окончательно получим
Z
p
L = r2(') + r02(')d'
Пример 208 Найти длину дуги окружности радиуса R, записав е¼ уравнение в полярных координатах (рис 11)
Решение Напомним, что уравнение
окружности радиуса R с центром в начале координат имеет вид x2 + y2 = R2. Примем во внимание связь между декартовыми и полярными координатами:
x = r cos '; y = r sin '
(здесь предполагается, что начало декартовых координат совпадает с полюсом O, а ось OX совпадает с полярной осью).
Тогда очевидно, что уравнение окружности в полярных координатах: r = R, прич¼м, когда ' 2 [0; 2 ], текущая точка M обегает контур окруж-
ности один раз против часовой стрелки.
Имеем r'0 = 0; r2(') + r02(') = R2, тогда pr2(') + r02(') = R, следова-
тельно L = R02 Rd' = R 'j20 = 2 R.
Итак, мы получили всем известную формулу для вычисления длины дуги окружности радиуса R: L = 2 R.
73.3 Вычисление площади поверхности тела вращения
Рассмотрим на плоскости xOy некоторую кривую AB, заданную уравнением y = f(x); x 2 [a; b]. Пусть функция f(x) и производная f0(x) непрерывны
на [a; b]. От вращения кривой AB вокруг оси Ox получается тело вращения,
ограниченное поверхностью вращения. По определению будем считать площадью поверхности вращения площадь поверхности, которая получается от вращения ломаной линии A = A0; A1; A2; :::; Ak; Ak+1; :::; An = B, вписанной
в кривую AB (рис 12) при условии, что число точек дробления бесконечно возрастает, а ранг дробления = supf xkg при этом стремится к нулю.
От вращения хорды AkAk+1 получим усеч¼нный конус, боковая поверхность которого
q
Sk = x [f(xk) + f(xk+1)] lk = 2 f( k) 1 + [f0( k)]2 xk;
ãäå xk k xk+1.
Площадь поверхности вращения S таким образом приблизительно равна
227
n 1 |
|
|
|
S n = k=0 2 f( k)q1 + [f0 |
( k)]2 |
xk |
|
X |
|
|
Измельчая дробление и устремляя ранг дробления к нулю, получим точ- ное равенство
Z b q
S = 2 f(x) 1 + [f0(x)]2dx
a
Пример 209 Кривая 3x + y 3 = 0 вращается вокруг оси Oy, найти площадь поверхности, ограниченной плоскостью xOz и получившейся поверхностью вращения.
Решение Очевидно, что кривая 3x + y 3 = 0 представляет собою прямую линию, которая пересекается с координатными осями Ox и Oy в точках A(1; 0; 0) и B(0; 3; 0), а интересующее нас тело есть конус (рис 12).
Воспользуемся выведенной выше формулой, заменив в ней естественным образом переменную x на переменную y.
Получим
|
|
S = 2 Z0 |
3 x(y)q |
|
|
|
|
|
|
dy: |
|
|
|
|
|||||||||||||
|
1 + (xy0 )2(x) |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
Подставим сюда x(y) = 1 |
|
y |
; x0 = |
|
1 ; 1 + x02 |
(y) = 1 + 1 = 10 |
|||||||||||||||||||||
будет |
|
|
|
|
|
|
3 |
y |
3 |
|
|
|
9 |
|
9 , тогда |
||||||||||||
3 |
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
|
y2 |
3 |
|
|
|
||||||
|
|
|
y |
10 |
|
|
10 |
|
|
|
|||||||||||||||||
S = 2 Z0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 = p10; |
||||||||||||||
1 3 |
3 |
|
|
dy = 2 3 y |
6 |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
что легко проверить, |
|
вычислив |
площадь |
|
боковой |
|
поверхности |
конуса |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Èòàê S1:?>2 = p |
|
|
|
S1:?>2 = rl = 1 10 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
10 |
êâ.åä.. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
73.4 Вычисление объ¼мов |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Рассмотрим некоторое тело, вытянутое вдоль оси |
|
Ox(x 2 [a; b]) è äîïó- |
стим, что мы знаем площадь сечения этого тела любой плоскостью x = c. Обозначим площадь этого сечения через F (x). Разобь¼м отрезок [a; b] произвольным образом на n частей точками
x0 = a < x1 < ::: < xk < xk+1 < ::: < xn = b:
На каждом частичном участке [xk; xk+1] возьм¼м произвольную точкуk. Площадь этого сечения F ( k). Элементарный объ¼м vk = F ( k) xk, тогда очевидно, что объ¼м рассматриваемого тела
Z b
V = F (x)dx:
a
228
В частности, отсюда нетрудно получить формулу объ¼ма тела вращения, которая получается от вращения y = f(x) вокруг оси Ox (f(x) предпо-
лагается непрерывной на промежутке [a; b]). Действительно, в этом случае площадь сечения представляет собою круг радиуса R = f(x), следовательно площадь сечения равна f2(x). А тогда объ¼м тела вращения
Z b
v = f(x)dx
a
Пример 8. Найти объ¼м шара радиуса R.
p |
Решение. На шар будем смотреть как на тело вращения. Здесь f(x) = |
|||||||
R2 x2 |
. Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x3 |
R |
|
4 |
|
|
|
R |
R2x |
0 |
= |
|||
|
|
VH0@0 = Z R(R2 x2)dx = |
3 |
3 R3: |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Получим известную формулу для объ¼ма шара |
|
радиуса |
R: |
||||
|
v = 4 R3 êóá.åä.. |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
74Общая схема применения определ¼нного интеграла
74.1Методика применения определ¼нного интеграла к решению практических задач
Выше мы рассмотрели различные случаи применения определ¼нного интеграла для решения геометрических задач. Но область применения определ¼нного интеграла очень обширна и независимо от конкретного содержания задачи приходится действовать по вполне определ¼нной схеме.
Пусть требуется определить некоторую постоянную величину Q, связанную промежутком [a; b]. Эту величину мы будем предполагать аддитивной, т.е. такой, что разложение отрезка [a; b] точкой c (a < c < b) на части [a; c] и [c; b] влеч¼т за собой разложение на соответствующие части величины Q, прич¼м значение величины Q, соответствующее всему отрезку [a; b], равно сумме е¼ значений, соответствующих отрезкам [a; c] и [c; b].
Переходя к решению задачи по определению величины Q, разложим отрезок [a; b] при помощи точек
a = x0 < x1 < ::: < xn 1 < xn = b
на n частей
[a; x1]; [x1; x2]; :::; [xn 1; b];
xk = xk xk 1 - длина k-го частичного промежутка, = supf xkg - ранг дробления. В соответствии с разложением промежутка [a; b] величина Q разложится на n слагаемых Q1; Q2; :::; Qn:
n
X
Q = Qk:
k=1
229
Допустим теперь, что существует такая функция q(x), что "элементар-
ное"слагаемое Qk, соответствующее промежутку [xk 1; xk] длины xk, приближенно может быть записано в виде
Qk q( k) xk;
ãäå k лежит между xk 1 è xk, прич¼м ошибка этого равенства при бесконечно малом ранге дробления будет бесконечно малой, порядка высшего, ÷åì xk, ò.å.
Qk = q( k) xk + o( xk):
В этом случае для Q получается приближ¼нное выражение
n
X
Q q( k) xk;
k=1
тем более точно, чем меньше . Стало быть, точное значение Q будет служить пределом суммы при ! 0, или, что то же самое,
Z b |
|
Q = q(x)dx |
(74) |
a |
|
На практике это рассуждение облекают в более краткую форму, говоря, что если элемент Q величины Q, отвечающий элементарному отрезку
[x; x + x], представим в виде
Q = q(x) x + o( x);
ò.å.
dQ = q(x)dx;
то равенство (80) верно.
74.2 Работа переменной силы
Пример 210 Какую работу нужно затратить, чтобы выкачать воду из полусферического сосуда радиуса R?
Решение Плоскостями, параллельными плоскости воды, разобь¼м полушар на элементы толщины dx (рис 1). Элементарная сила (сила тяжести),
действующая в направлении оси Ox на слой, толщиной dx, с точностью до бесконечно малых высших порядков относительно dx равна g r2dx, гда - плотность воды, g - ускорение свободного падения. Следовательно, элементарная работа силы равна
dA = g r2xdx; p
где x - уровень воды, r = R2 x2; отсюда находим
|
|
|
x2 |
x4 |
R |
|
R4 |
|
R4 |
|
|
R4 |
A = Z0 |
R |
R2 |
0 |
= |
|
|
= g |
|||||
g (R2 x2)xdx = g |
2 |
4 |
2 |
4 |
4 : |
230