Лекции по алгебре.Баскаков
.pdfx 18: Пространство линейных операторов |
117 |
определенное равенством PM x = m; где m – проекция вектора x на M; является линейным оператором. Его называют ортогональным проектором или оператором ортогонального проектирования.
Естественным образом возникает вопрос: можно ли привести формулу, задающую любой линейный оператор A 2 L(X; Y ) хотя бы для конечномерных линейных пространств X и Y . Ответ на этот вопрос можно дать, привлекая матрицы из линейного пространства Matrm;n(K).
Пример 6. Пусть e1; : : : ; en – базис в X и f1; : : : ; fm - базис в Y . Рассмотрим произвольную матрицу A = (aij) из Matrm;n(K) и с ее помощью определим отображение A : X ! Y следующей формулой
Ax = |
n |
a1jxj !f1 + |
n |
a2jxj |
!f2 + + |
n |
amjxj !fm = |
|
X |
|
Xj |
|
|
X |
|
|
j=1 |
|
=1 |
|
! |
j=1 |
|
|
|
|
m |
n |
|
|
XX
= |
aijxj fi; |
(1) |
i=1 |
j=1 |
|
где x = x1e1+ +xnen – произвольный вектор из X . Свойство аддитивности отображения A следует из равенств
A(x + y) = |
n |
a1j(xj + yj) !f1 + + |
n |
amj(xj + yj) !fm = |
|||||
|
|
|
X |
|
|
|
Xj |
|
|
|
|
|
j=1 |
|
|
|
=1 |
|
a1jyj !f1 + |
= |
n |
a1jxj !f1 + : : : |
n amjxj !fm + |
n |
|||||
|
Xj |
|
|
|
|
X |
|
X |
|
|
=1 |
|
|
|
|
j=1 |
|
j=1 |
|
|
|
|
|
+ |
n |
amjyj !fm = Ax + Ay; |
|
||
|
|
|
|
|
Xj |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
=1 |
|
|
|
|
где y = y1e1 + + ynen 2 X:
Аналогично проверяется свойство однородности отображения A. Таким образом, A : X ! Y – линейный оператор.
Отметим, что если X = Kn и Y = Km , то формула (1) перепишется в
виде |
n |
|
n |
|
n |
|
!: |
|
Ax = |
a1jxj; |
a2jxj; : : : ; |
amjxj |
(2) |
||||
|
Xj |
|
X |
|
X |
|
|
|
|
=1 |
|
j=1 |
|
j=1 |
|
|
|
Несколько позже будет показано, что для каждого оператора из
L(X; Y ) найдется матрица A = (aij) 2 Matrm;n(K) такая, что он определяется формулой (1).
118 Глава 3. Линейная алгебра
В следующем примере строится отображение A : X ! X(X – комплексное линейное пространство), не являющееся линейным оператором. Однако, если X рассматривать как вещественное линейное пространство, то A : X ! X – линейный оператор.
Пример 7. Пусть X = C и отображение A : C ! C определим форму-
лой
A(z) = Rez; z 2 C:
Ясно, что A не обладает свойством однородности. Пусть = i: Тогда A(iz) = Re(iz) = Imz: Если бы A был линейным оператором, то A(iz) = = iRez: Таким образом, A не является линейным оператором. Если же2 R; то A( z) = Re( z) = Rez = A(z): Это означает, что A – линейный оператор, если рассматривать C как вещественное линейное пространство.
Зафиксируем два линейных пространства X; Y и рассмотрим множество линейных операторов L(X; Y ). Замечательным является тот факт, что L(X; Y ) является линейным пространством, если определить операцию сложения операторов и операцию умножения чисел из K на операторы следующим образом:
(A + B)x = Ax + Bx; x 2 X;
( A)x = Ax; x 2 X
для любых A; B 2 L(X; Y ) и 2 K:
Проверка линейности операторов A + B; A отнесена к задаче 2. Нулевым элементом линейного пространства L(X; Y ) служит нуле-
вой оператор, который обозначается символом 0 и определяется по правилу
0x = 0 2 Y; x 2 X:
Противоположный элемент для оператора A 2 L(X; Y ) задается равенством
A = ( 1)A:
Легко проверяется, что L(X; Y ) – линейное пространство. Например, свойство A + B = B + A следует из следующих равенств
(A + B)x = Ax + Bx = Bx + Ax = (B + A)x; x 2 X:
Проверка остальных аксиом линейного пространства отнесена к задаче 2. В частности, линейным пространством является сопряженное к линейному пространству X пространство X .
Далее рассматриваются конечномерные линейные пространства X и Y
с базисами e1; : : : ; en в X и f1; : : : ; fn в Y .
x 18: Пространство линейных операторов |
119 |
Замечание 4. Для задания линейного оператора A : X ! Y достаточно определить его на базисных векторах e1; : : : ; en: Тогда, пользуясь линейно-
|
|
n |
стью оператора A, для любого вектора x = |
iei получаем, что вектор Ax |
|
должен иметь вид |
|
=1 |
! |
iP |
|
n |
n |
|
X |
|
X |
Ax = A |
iei = iAei: |
|
i=1 |
|
i=1 |
Символом Iij , где 1 i m; 1 j n обозначим оператор из L(X; Y ); который на базисных векторах ek; 1 k n определяется следующими равенствами
|
fi; |
k = j: |
Iijek = |
0; |
k 6= j; |
В силу замечания 4 оператор Iij автоматически определен на всем пространстве X . Операторы Iij; 1 i m; 1 j n назовем элементарными.
Т е о р е м а 1. Совокупность элементарных операторов Iij; 1 i m; 1 j n образует базис в L(X; Y ) ( и поэтому dimL(X; Y ) = mn):
Доказательство. Проверим линейную независимость рассматриваемых
I e = 0; 1 k |
P |
ij |
Iij |
|
|
|
|
= |
|
|
|
2 |
|
|
= 0 |
|
||||||
операторов. Допустим, что |
|
|
|
= 0, где ij |
|
K: Тогда |
||||||||||||||||
|
|
|
|
1 i m;1 j n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
ij ij k |
|
|
n |
или |
|
ik |
I |
ik |
e |
k |
|
|
|
|
ik |
f |
i |
|
. От- |
||
1 i m;1 j n |
|
|
|
|
|
|
1 i m |
|
|
|
|
|
|
|
1 i m |
|
|
|
|
|
= 0; |
|
сюдаPв силу линейной независимости |
векторов f ; : : : ; f |
|
получаем |
|||||||||||||||||||
P |
|
|
1 |
|
|
|
|
m |
P |
|
|
|
|
ik |
|
|||||||
1 i m; 1 k n: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пусть теперь A - произвольный оператор из L(X; Y ). Каждый вектор |
||||||||||||||||||||||
Aej (1 j n) разложим по базису пространства и получим |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
m |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
XX
Aej = i=1 |
aijfi = @ |
1 i m; 1 k n |
aik Iik Aej: |
(3) |
|
Теперь ясно, что оператор A допускает представление вида |
|
||||
|
1 i X |
aij Iij: |
|
||
|
A = |
|
(4) |
||
|
m; 1 j |
n |
|
|
Теорема доказана.
Следствие 1. Для любого оператора A 2 L(X; Y ) найдется единственная матрица A = (aij) из Matrm;n(K) такая, что оператор A имеет вид (1) (задается с помощью матрицы A).
Следствие 2. Пусть H – евклидово пространство (над полем K ). Тогда любой функционал f 2 H имеет вид
f(x) = (x; a);
120 Глава 3. Линейная алгебра
где a – некоторый вектор из H .
Доказательство. Пусть e1; : : : ; en – некоторый ортонормированный ба-
зис в H и i = f(ei); i = 1; : : : ; n. Положим a = |
|
ei: Тогда для любого |
|||||
i |
|||||||
|
|
|
2 |
|
1 i m |
|
|
x = x1e1 + |
+ xnen |
H имеют место равенстваP |
|
|
|||
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
n |
n |
|
|
XX
f(x) = |
xif(ei) = xi i = (x; a): |
i=1 |
i=1 |
Определение 3. Матрица (aij) из Matrm;n(K); определенная при доказательстве теоремы 1 с помощью формулы (3) (или (4)), называется матрицей оператора A.
Таким образом, для получения j - го столбца (1 j n) матрицы оператора A следует применить оператор A к j - ому базисному вектору ej и полученный вектор Aej из пространства Y разложить по базису f1; : : : ; fm пространства Y . Полученные числа a1j; : : : ; amj будут образовывать j - й столбец матрицы A 2 Matrm;n(K) оператора A. Матрица A будет квадратной, если dim X = dim Y:
Особо отметим, что матрица оператора зависит от выбора базисов в X и Y . В случае, когда X = Y принято выбирать один и тот же базис
(fk = ek; k = 1; : : : ; n):
Пример 8. Рассмотрим оператор дифференцирования D : Pn(K) ! Pn(K) из примера 1. Вычислим матрицу D = (dij) 2 Matrn+1(K) этого оператора относительно базиса '0(z) = 1; '1(z) = z; : : : ; '(z) = zn пространства Pn(K):
Поскольку D'0 = 0; то первый столбец матрицы D состоит из нулей. Далее,
(D'1)(z) = '0(z) = 1 1 + 0 z + + 0 zn;
(D'2)(z) = 2'1(z) = 0 1 + 2 z + + 0 zn;
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
(D'n)(z) = n'n 1(z) = 0 1 + 0 z + nzn 1 + 0 zn:
Поэтому матрица D оператора D имеет вид
0 |
0 |
0 |
2 |
|
0 |
1 |
|
0 |
1 |
0 |
|
0 |
C |
B ... ... |
... |
... |
... |
|||
B |
0 |
0 |
0 |
|
n |
C |
B |
0 |
0 |
0 |
0 |
C |
|
B |
|
C |
||||
B |
|
|
|
|
C |
|
@ |
|
|
|
|
|
A |
|
x 18: Пространство линейных операторов |
|
|
121 |
|||||||||||||||||
Пример 9. Рассмотрим оператор дифференцирования D в простран- |
|||||||||||||||||||||
стве Tn;w (D : Tn;w ! Tn;w) |
|
с базисом |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
1; ei |
2 |
t; e i |
2 |
t; : : : ; ei |
2 n |
t; ei |
2 n |
t |
|
|
|
|
|||||||
w |
w |
w |
w |
|
|
|
|
||||||||||||||
и найдем его матрицу D 2 Matr2n+1(C): |
2 k |
|
|
|
|
1; : : : ; n; то |
|||||||||||||||
Поскольку D('k) = i2 w k 'k; где 'k(t) = ei |
w |
t; k = 0; |
|||||||||||||||||||
матрица D = (dij) 2 Matr2n+1(C) диагональная и имеет вид: |
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
2 |
|
i2 |
|
|
|
2 n |
|
= |
i2 n |
|||||||||||
d00 = 0; d11 = i |
|
; d22 = |
|
; : : : ; d2n 1 2n 1 |
= i |
|
; d2n2n |
|
: |
||||||||||||
w |
w |
w |
w |
Пример 10. Матрица оператора A : X ! Y из примера 6 совпадает с матрицей A = (aij); с помощью которой он определяется. Верно и обратное. Если A = (aij) – матрица оператора A : X ! Y относительно базисов e1; : : : ; en в X и f1; : : : ; fm в Y , то из замечания 4 и формулы (3) следует, что оператор A задается с помощью матрицы A, т.е. определяется с помощью формулы (1)(с помощью формулы (2) в случае X = Kn; Y = Km ).
Замечание 5. Равенство (4) показывает, что матрица оператора A формируется из координат оператора A (рассматриваемого в качестве вектора пространства L(X; Y )) по базису Iij; 1 i m; 1 j n пространства
L(X; Y ):
Замечание 6. Допустим, что X и Y – конечномерные линейные пространства с базисами e1; : : : ; en в X и f1; : : : ; fm в Y . Предположим, кроме того, что Y – евклидово пространство, f1; : : : ; fm ортонормированный базис в Y . Если A 2 L(X; Y ), то, умножая обе части равенства (3) на вектор fk(1 k m); получим, что элементы матрицы A оператора A определя-
ются равенствами |
|
akj = (Aej; fk); 1 k m; 1 j n: |
(5) |
Далее линейные пространства X и Y считаются нормированными. Для каждого линейного оператора A 2 L(X; Y ) положим
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
kAk = sup kAxk: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(6) |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
kxk1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Конечность |
величины |
k |
A |
kn |
следует |
из |
следующего |
неравенства |
k |
Ax |
k |
= |
||||||||||||||||||||||
k |
|
|
|
n |
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
i=1 |
i i |
|
|
|
k i=1 |
i |
|
ik |
i=1 |
j ij 1 k n k kk |
|
|
|||||||||||||||||||||
|
A |
P |
x e |
|
|
= |
|
|
|
P |
x Ae |
|
|
|
|
P |
x |
n |
Ae |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
max |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
C |
|
x |
|
|
|
Ae |
|
|
|
|
|
Ae |
|
; |
если k |
x |
|
1: |
Оценка |
iP |
x |
|
|
|
C |
|
x |
; |
||||
|
|
k |
|
k |
1 k n k |
|
kk |
1 |
|
k |
n k |
|
kk |
|
|
k |
|
j |
|
ij |
|
|
k |
k |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C > 0 следует из эквивалентности любой пары норм в конечномерном нормированном линейном пространстве (см. замечание 2 из x16), если в качестве
122 |
|
Глава 3. Линейная алгебра |
|
kxk2 |
= kxk; x 2 X: |
|
n |
|
iP |
||
одной нормы взять норму kxk1 = |
jxij для x = x1e1 + +xnen и положить |
||
|
|
|
=1 |
Определение 4. Величина kAk; определенная формулой (6), называется нормой оператора A.
Можно показать, что в формуле (6) символ "sup"можно заменить сим-
волом "max т.е. можно указать такой вектор x0 2 B(0; 1); что sup kAxk =
kxk 1
=kAx0k:
Те о р е м а 2. L(X; Y ) – линейное нормированное пространство
(относительно введенной нормы операторов).
Доказательство. Очевидно, что kAk 0 и k0k = 0: Если же kAk = 0;
то Ax = 0 8x 2 B(0; 1) = fx 2 X : kxk 1g. Тогда Az = kzkA(z=kzk) = 0
8z 2 X; т.е. A = 0.
Свойство 2) нормы, очевидно, выполняется. Пусть A; B 2 L(X; Y ) и x 2 B(1): Тогда
k(A + B)xk = kAx + Bxk kAxk + kBxk kAk + kBk:
Следовательно, kA + Bk = sup k(A + B)xk kAk+ kBk: Теорема доказана.
kxk 1
Замечание 7. Непосредственно из определения нормы оператора следует, что имеют место следующие равенства
k |
A |
k |
= sup |
Ax |
k |
= sup |
A( |
z |
) |
k |
= sup |
kAzk |
= |
kzk |
|
||||||||||||
|
kxk 1 k |
|
z6=0 k |
|
|
z6=0 kzk |
|
=inffc > 0 : kAzk ckzk 8z 2 Xg:
Вчастности, из последнего равенства вытекает следующее неравенство
kAxk kAkkxk; x 2 X; |
(7) |
Подсчет нормы операторов иногда удается осуществить, используя матрицу рассматриваемого оператора.
Пример 11. Пусть X = Y = Kn , где K = R или K = C и пусть в пространстве задана норма (см. пример 4, § 6)
kxk3 = max jxij; x = (x1; : : : ; xn) 2 Kn:
1 i n
Рассмотрим оператор A 2 L(Kn) и его матрицу A = (aij) 2 Matrn(K) (относительно стандартного базиса в Kn ). Тогда, согласно выводам из примера 10,
x 18: Пространство линейных операторов |
123 |
оператор A задается формулой (2) (где n = m): Поэтому, если x 2 B(0; 1); то имеет место неравенство
n |
n |
Ax |
|
|
max |
|
X |
|
|
|
|
|
max |
Xj |
||||||||||
k |
|
k3 = 1 i n |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 i n |
|
j ijj |
|||||||||
|
n |
|
|
ij j |
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
=1 |
|||||
|
|
|
|
|
|
j=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
и, следовательно, k |
A |
k |
max |
|
|
j |
a |
ijj |
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
1 i n |
|
j=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Пусть натуральное |
числоPk; 1 |
|
k |
|
n таково, что |
|||||||||||||||||
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
|
|
|
X |
j |
a |
|
|
|
|
|
max |
Xj |
a |
|
: |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
kjj = = 1 |
|
i n |
|
j |
ijj |
|
|||||||||
|
|
|
j=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
=1 |
|
|
|
|
Рассмотрим вектор x0 = (x1; : : : ; xn) 2 B(0; 1); где xj = jakjj; если akj 6= 0;
akj
и xj = 0; если akj = 0 (1 j n). Тогда
n |
n |
|
|
|
|
|
X |
|
|
|
|
X |
|
|
|
k |
Ax |
0k = |
max |
|
j=1 |
a |
ij |
x |
j |
j=1 |
a |
ijj |
: |
|
1 i n |
|
|
j |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Следовательно, получено равенство
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
k |
A |
k = |
max |
Xj |
ijj |
: |
(8) |
|
a |
||||||||
|
1 i |
n |
j |
|
|
|||
|
|
|
|
|
=1 |
|
|
|
Замечание 8. Линейное пространство матриц Matrn(K) становится нормированным, если положить kAk = kAk; где A : Kn ! Kn - линейный оператор, определяемый матрицей A и Kn является нормированным.
Упражнения к § 18
1.Докажите равенство A0 = 0 для оператора A 2 L(X; Y ); используя свойство аддитивности оператора A.
2. Пусть A; B 2 L(X; Y ) и 2 K: Докажите линейность операторов A + B; A: Проверьте выполнение аксиом линейного пространства для
L(X; Y ):
3.Выясните, какие из следующих отображений линейного пространства R3 в себя являются линейными операторами:
a) Ax = (x3; x2; x1); b) Ax = (x1; x2; x23);
c) Ax = (x3 + 1; x2; x1); d) Ax = (x1 3x3; x2; x1 + x2):
124 |
Глава 3. Линейная алгебра |
4.Какие из следующих отображений линейного пространства P(K) в Pn(K) являются линейными операторами
a) (Af)(t) = f( t); b) (Af)(t) = f(t + 1); |
|
c) (Af)(t) = f2(t); d) (Af)(t) = tf(t); |
g) (Af)(t) = f(t2)? |
5.Будет ли линейным оператор A : C ! C; определенный формулой
A(z) = z; z 2 C?
6.Докажите, что каждый линейный оператор A : K ! K; где K = R или
K = C; имеет вид Az = z; z 2 K; где – некоторое число из K .
7.Найдите матрицы линейных операторов из упражнений 3 и 4 относительно стандартных базисов.
8.Докажите линейность оператора A : Tn;m ! Tn;m , определенного формулой
A' = 0'(n) + 1'(n 1) + + n'
и найдите |
матрицу этого оператора относительно базиса ei2wk t; k = |
||||||||||||
= 0; |
|
1; : : : ; |
|
n: |
Как2 выглядит |
матрица этого оператора относительно |
|||||||
|
|
|
2 |
2 n |
2 n |
||||||||
базиса 1; |
cos |
|
t; |
sin |
|
t; : : : ; cos |
|
t; sin |
|
t? |
|||
w |
w |
w |
w |
9.Как изменится матрица линейного оператора A : X ! X с базисом e1; : : : ; en в X , если
1)поменять местами векторы ei и ej ;
2)вектор ei умножить на число 6= 0;
3)вектор ei заменить на ei + ej ;
4)перейти к базису en; e1; : : : ; en 1?
10.Найдите матрицу оператора A : H ! H; заданного в евклидовом пространстве H с ортонормированном базисом e1; : : : ; en; с помощью формулы
Ax = (x; a)b;
где a; b 2 H:
11. Докажите линейную независимость линейных операторов
Dk : Pn(R) ! Pn(R); k = 1; 2; : : : ; n;
где D0 = I; D1' = '0; : : : ; Dn' = '(n):
x 18: Пространство линейных операторов |
125 |
12.Докажите линейную независимость тождественного оператора
I : X ! X (X – линейное пространство) и любого другого оператора A 2 L(X); переводящего некоторый вектор x 2 X в y 2 X такой, что x; y – линейно независимые векторы.
13.Пусть x1; : : : ; xm – произвольные векторы из линейного конечномерного пространства X и y1; : : : ; ym – произвольные векторы из линейного пространства Y . Всегда ли существует линейный оператор A : X ! Y; переводящий каждый вектор xk в yk; 1 k m?
14.Ответьте на вопрос задачи 13 при условии линейной независимости векторов x1; : : : ; xm:
15.Пусть A 2 L(X; Y ). Укажите такие базисы в X и Y , чтобы матрица оператора A относительно этих базисов имела простейший вид
0 0 1 |
: : : |
0 |
0 |
: : : |
0 |
1 |
|
|
1 0 |
: : : |
0 |
0 |
: : : |
0 |
C |
B ... ... ... |
... ... ... |
... |
|||||
B |
|
|
|
|
|
|
C |
B |
|
|
|
|
|
|
C |
B |
|
|
|
|
|
|
C |
B 0 0 : : : |
1 |
0 |
: : : |
0 |
C: |
||
B |
...0 ...0 |
: :...: |
...0 0... |
: :...: |
...0 |
C |
|
B |
|
|
|
|
|
|
C |
B |
|
|
|
|
|
|
C |
B |
|
|
|
|
|
|
C |
@ |
0 0 |
: : : |
0 |
0 |
: : : |
0 |
A |
|
|
Чему равно минимальное число единиц в этой матрице?
16.Пусть D : Pn(R) ! Pn(R) – оператор дифференцирования. Найдите матрицу оператора D; если базис в Pn(R) состоит из многочленов вида
1)1 + t; t + 2t2; 3t2 1 (n = 2);
2)1; 1 + t; 1 + 1!t + t2!2 ; : : : ; 1 + 1!t + t2!2 + + tnn! ;
3)1; 1 + t; 1 + t + t2; : : : ; 1 + t + t2 + + tn:
17.Проверьте линейность оператора PM из примера 5.
18.Какое из следующих утверждений неверно:
а) всякий линейный оператор переводит линейно зависимую систему векторов в линейно зависимую;
б) линейно независимая система векторов переводится в линейно независимую.
126 |
Глава 3. Линейная алгебра |
19.Пусть A = (aij) – матрица оператора A 2 L(X) относительно базиса e1; : : : ; en и – перестановка из Sn . Докажите, что матрица оператора A в базисе e (1); : : : ; e (n) имеет вид (a (i) (j)).
20.Докажите, что норма оператора A : Kn ! Kn; задаваемого матрицей
|
|
A |
|
max |
n |
|
: |
|
|
A |
= (aij) 2 |
|
nPa |
j |
j (см. пример 4, § 16), |
||||
Matrn(K); при kxk1 |
= |
i=1 |
xi |
||||||
определяется формулой k |
|
|
|
iP |
|
|
|
||
k= |
1<j |
n |
=1 j |
ijj |
|
|
x 19. Ядро и образ линейного оператора. Изоморфизмы
Стимулом для изучения линейных операторов является тесная связь теории линейных операторов с вопросами разрешимости систем линейных алгебраических уравнений вида
8 |
a21x1 |
+ a22x2 |
> |
a11x1 |
+ a12x2 |
.. .. .. |
||
> . . . |
||
> |
|
|
< |
|
|
>
>
>
: am1x1 + am2x2
+ : : : + a1nxn
+ : : : + a2nxn
... ... ... ...
+ : : : + amnxn
= b1;
= b2 |
; |
|
. |
. |
(1) |
. |
. |
|
. |
. |
|
= bm;
где bi; aij 2 K; 1 i m; 1 j n и K = R; либо K = C. В x 13 мы рассмотрели один из известных методов решения такой системы уравнений.
Наряду с системой (1) рассмотрим уравнение вида
Ax = b; |
(2) |
где A : Kn ! Km – линейный оператор, определенный равенствами (2) из x 18, с помощью матрицы (aij); составленной из коэффициентов системы (1), и b = (b1; : : : ; bm) 2 Km:
Определение 1. Вектор x0 = (x1; : : : ; xm) 2 Km назовем решением
уравнения (2), если Ax0 = b:
Замечание 1. Непосредственно из определения оператора A следует, что каждое решение системы (1) является решением уравнения (2) и, обратно, каждое решение уравнения (2) является решением системы уравнений (1) (говорят, что система уравнений (1) и уравнение (2) эквивалентны).
Замечание 2. Условие совместности системы уравнений (1) для любого упорядоченного набора чисел (b1; : : : ; bm) 2 Km означает свойство сюръективности оператора A. Условие единственности решения системы (1) эквивалентно условию инъективности оператора A.