- •Содержание
- •Глава 1. Вероятность событий
- •§1. Пространство элементарных исходов. Операции над событиями. Отношения между событиями.
- •Операции над событиями.
- •Свойства операций над множествами
- •Задачи для самоконтроля к §1
- •§ 2 Классическое определение вероятности. Основные свойства вероятности.
- •§ 3 Основные формулы комбинаторики.
- •3.1 Принцип (правило) умножения.
- •3.2 Перестановки.
- •3.3 Размещения.
- •3.4 Сочетания.
- •3.5 Гипергеометрическое распределение.
- •§4 Общее определение вероятности.
- •Геометрические вероятности
- •Задание вероятности на дискретном пространстве элементарных исходов
- •Задачи для самоконтроля к §2,3,4
- •§5 Условная вероятность
- •§6 Независимость событий.
- •Задачи для самоконтроля к §5, 6
- •§7 Формула полной вероятности.
- •§8 Формула Байеса.
- •Задачи для самоконтроля к §7, 8
- •§9 Последовательность испытаний (схема Бернулли ).
- •Задачи для самоконтроля к §9
- •§ 10 Предельные теоремы в схеме Бернулли.
- •10.1 Локальная теорема Муавра – Лапласа.
- •10.2 Интегральная теорема Муавра – Лапласа.
- •10.3 Формула Пуассона (формула редких событий).
- •10.4 Вероятность отклонения относительной частоты от постоянной вероятности в независимых испытаниях.
- •Задачи для самоконтроля к §10
- •Глава 2 Случайные величины.
- •§1 Случайные величины и функция распределения.
- •§2 Дискретные случайные величины.
- •2.1 Ряд распределения.
- •2.2 Функция распределения дискретной с.В.
- •2.3 Математическое ожидание дискретной случайной величины.
- •2.4 Дисперсия.
- •Задачи для самоконтроля к §2
- •§3 Важнейшие дискретные случайные величины
- •Биномиальное определение
- •Геометрическое распределение
- •Распределение Пуассона
- •Задачи для самоконтроля к §3
- •§4 Непрерывные случайные величины.
- •4.1 Плотность распределения
- •4.2 Математическое ожидание и дисперсия непрерывной с.В.
- •4.3 Квантиль.
- •Задачи для самоконтроля к §4
- •§5 Важнейшие непрерывные случайные величины.
- •5.1 Равномерное распределение
- •5.2 Экспоненциальное ( показательное) распределение
- •5.3 Нормальное распределение.
- •Задачи для самоконтроля к §5
- •§6 Двумерные случайные величины.
- •6.1 Дискретная двумерная случайная величина.
- •6.2 Функция распределения двумерной случайной величины.
- •6.3 Непрерывные двумерные случайные величины.
- •§7 Ковариация и корреляция.
- •Задачи для самоконтроля к §6, 7
- •§8 Задача о наилучшем линейном прогнозе.
- •Задачи для самоконтроля к § 8
- •Глава 1
- •Глава 2
- •Литература
§9 Последовательность испытаний (схема Бернулли ).
Под последовательностью испытаний будем понимать повторение одного и того же испытания.
Под схемой Бернулли понимается последовательность испытаний, удовлетворяющая следующим условиям:
в каждом испытании всего два исхода, которые условно называют “успех”, и “неуспех”;
испытания независимы, т.е. вероятность успеха в каждом из них не зависит от исходов других испытаний;
вероятность успеха в каждом испытании одна и та же – обозначим её p, следовательно вероятность “неуспеха” равна 1 – p, эта вероятность обозначается q .
Пример 1. Группа студентов сдает экзамен: успех – сдал, неуспех – не сдал.
Пример 2. Выпущена партия изделий: успех – не брак, неуспех – брак.
В дальнейшем независимость будем определять из физических соображений, она соответветствует отсутствию физического влияния друг на друга. В примерах 1,2 такую независимость можно предположить.
Теорема. Пусть проводится n испытаний, удовлетворяющих схеме Бернулли. Пусть вероятность успеха в одном испытании p, вероятность неуспеха
q = 1 – p. Обозначим Pn (k) – вероятность того, что в n испытаниях наступило k успехов, тогда
формула Бернулли 9.1
Доказательство:
Обозначим успех А, неуспех Ā. У нас k успехов в n испытаниях. Т.е. это может быть, к примеру, такое событие: ААА…АĀ…Ā, где событие А повторяется к раз, а событие Ā – повторяется (n–k) раз. Вероятность такого события
P(ААА…АĀ…Ā) ={т.к. события независимы}=
Р(А)…Р(А)…Р(Ā)…Р(Ā) =рk × qn-k.
Проблема в том, что таких вариантов, где событие А повторяется к раз, а событие Ā – повторяется (n–k) раз, много. Чтобы вычислить количество таких вариантов, можно представить ситуацию так: есть n номеров мест, из которых надо вытащить k номеров, на которые поставим событие А. На оставшиеся (n-k) мест автоматически поставим событие Ā . Всего таких событий будет . Все эти сложные события несовместны, следовательно, вероятность их суммы равна сумме вероятностей и каждое слагаемое равно рk × qn-k. В итоге получаем:
Рn(k)= рk × qn-k + рk × qn-k... рk × qn-k + рk × qn-k =
Пример 3. В комнате общежития живут пять студентов. В этом институте студент с вероятностью 0.8 получает стипендию. Найти вероятность того, что 4 студента получат стипендию в следующем семестре.
Решение: Пусть в данном случае успех – получение стипендии, т.е. вероятность успеха р = 0.8. Тогда вероятность неуспеха q =1 – p = 0.2. Найти надо
Следствие 1. 9.2
Доказательство:
Т.к по формуле 9.1 здесь все возможные исходы при n испытаниях, то:
Рn(0) + Pn(1) + …..+ Pn(n) = 1
Следствие 2. Обозначим через Pn(k1, k2) вероятность того, что при n испытаниях успехов будет от k1 до k2 включительно. Тогда
9.3
Доказательство:
Обозначим через событие Аi ={ произошло i успехов при n испытаниях}. Тогда
Р{k1 ≤ успехов ≤ k2} = P(Ak1 + Ak1+1 + Ak1+2 +…….+Ak2) =
{cобытия несовместны}
= P(Ak1 ) + P(Ak1+1) + P(Ak1+2) +……+ P(Ak2) = Pn(k1) + Pn(k1+1) +…….Pn(k2)
Если записать вероятности этих событий по формуле 9.1, получим требуемую формулу.
Пример 4. Вероятность выигрыша по одному лотерейному билету равна 0.1. Некто купил 5 билетов. Найти вероятность того, что выиграет хотя бы два билета.
Решение: очевидно, что выполняются условия схемы Бернулли, n =5; p = 0,1;
Найти требуется P5(2,5).
т.к. вычислять довольно много, рассмотрим другой способ решения – через отрицание нужного события; искомая вероятность равна
= 1 – Р5 (0,1) =
Часто необходимо вычислить вероятность хотя бы одного успеха.
Следствие 3. Вероятность хотя бы одного успеха в n испытаниях равна
1 – qn . 9.4
Доказательство :
Р { хотя бы один успех } = Рn (1, n) = 1 – Pn (0) = 1 – qn
Пример 6. Известно, что у трети людей первая группа крови. Найти вероятность того, что из пяти доноров хотя бы у одного будет кровь первой группы.
Решение:
Р5 (1,5) = 1 – Р5 (0) = 1 – q5 = 1 – ( 2/3 )5 = 1 – 32/ 243 0,87.
Пример 7. В условиях предыдущей задачи сколько надо взять доноров, чтобы с вероятностью не меньше 0,9 среди них оказался хотя бы один с первой группой крови?
Р (1,n) = 1 – ( 2/3 )n ≥ 0,9 ( ⅔ )n ≤ 0,1
логарифмируем, чтобы найти n:
n ∙ ln ⅔ ≤ ln 0,1,
т.к. ln ⅔ < 0 знак неравенства меняется и
На примере 7 мы рассмотрели задачу, которую в общем виде можно сформулировать следующим образом: часто возникает вопрос о величине серии испытаний (n), такой, чтобы вероятность хотя бы одного успеха была не меньше некоторго числа γ ( 0 < γ < 1). Если провести действия, подобные решению из примера 7, получим формулу:
9.5