Matematika_Zaytsev_ch2
.pdf5.
•
|
|
|
|
|
π |
|
|
|
|
sin π t ~ |
|
||
|
= lim sin 2 t |
= |
π t |
||||||||||
|
|
t→0 |
t |
|
|
|
|
2 |
t→0 |
2 |
|||
Найти lim |
|
tgx − sin x |
. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
x→0 |
|
x3 |
|
|
|
|
|
|
sin x − |
|||
|
tgx − sin x |
|
|
0 |
|
||||||||
lim |
= |
= lim |
cos x |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
x3 |
|
|
||||||||||
x→0 |
|
|
|
0 |
x→0 |
|
x3 |
|
π |
|
|
|
|
= lim |
2 t |
= |
π |
. • |
|
t |
2 |
||||
t→0 |
|
|
sin x |
sin x( 1 − cos x ) |
|
|
= lim |
= |
||
x3 cos x |
|||
x→0 |
|
|
sin x 2 sin |
2 |
x |
|
x |
~ x |
2 |
|
|||
= lim |
|
2 |
= sin x ~ x , 2 sin2 |
= |
|||||||
x |
3 |
cos x |
|
||||||||
x→0 |
|
|
x→0 |
2 x→0 |
2 |
|
|
|
|
x |
x2 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
3 |
|
|
|||
|
= lim |
|
2 |
|
|
= |
. Итак, tgx − sin x |
|
~ |
. • |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
x |
3 |
cos x |
2 |
|
2 |
||||||||||||||||||
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
||||||||||
6. Найти lim |
|
x (tgx2 + 2 x) |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
x→0 |
x sin2 x − arctgx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
• lim |
x (tgx2 + 2 x) |
|
= |
0 |
|
= lim |
tgx2 |
+ 2 x |
|
|
= |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
arctgx |
|||||||||
x sin2 x |
− arctgx |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
x→0 |
|
|
0 |
|
|
x→0 |
sin |
2 |
x − |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
lim arctgx |
= 1 |
= 0 . |
|
x→0 |
x |
|
|
•
7. Найти
• Так как
x − 3 2 x+1 lim . x→∞ x + 2
lim |
x − 3 |
= 1 , а |
lim ( 2 x + 1 ) = ∞ , то имеем предел, связанный с |
|
|||
x→∞ x + 2 |
|
x→∞ |
раскрытием неопределенности вида ( 1∞ ). Чтобы воспользоваться вторым замечательным пределом, сделаем преобразования:
|
|
|
|
2 x+1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 x+1 |
|
|
|
|
|
|
x+2 −5 |
( 2 x+1 ) |
||||
|
x − 3 |
|
|
|
|
|
|
x − 3 |
|
|
|
|
|
−5 |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
−5 |
x+2 |
||||||||||||||||
lim |
|
|
|
|
|
= |
lim |
1 |
+ |
|
− 1 |
|
= lim |
1 |
+ |
|
|
|
|
|
|
= |
|||
|
|
x + 2 |
|
|
x + 2 |
|
|
|
|||||||||||||||||
x→∞ x + 2 |
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
−5 |
|
|
x+2 |
|
|
lim |
−10 x−5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
−5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
= |
|
lim |
1 |
+ |
|
|
|
|
|
= e = ex →∞ |
x+2 |
= e−10 |
. • |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
x + |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
90
1
8. Найти lim (cos x )x .
x→0
• Имеем неопределённость вида ( 1∞ ). Преобразуем основание так, чтобы оно
2 β |
|
имело вид 1 + α(x), где α(x) – б.м. функция при x→ 0. Имеем cosβ =1−2sin 2 |
, |
поэтому
|
( |
|
|
) |
1 |
|
|
|
−2sin2 |
|
lim |
cos |
x |
x = lim |
1 |
||||||
|
||||||||||
|
|
|
||||||||
x→0 |
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
x |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
−2sin |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|||||
x |
x |
|
|
|
|
2 |
x |
−2sin2 |
x |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
= lim |
1 |
+ |
−2sin |
|
|
|
2 |
= |
||||||
2 |
2 |
|
||||||||||||||
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 x |
|
|
|
|
|
|
|
x 2 |
|
|
|
|
|
|
||||
|
−2 sin |
|
|
|
|
|
|
−2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
1 |
|
|
|
||
lim |
|
|
|
|
|
x |
x |
lim |
|
|
|
− |
|
1 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
= ex→0 |
x |
|
|
= sin |
|
x~→0 |
2 |
= ex→0 |
|
x |
|
= e |
|
2 |
= |
|
. • |
|||
|
|
2 |
|
|
|
e |
||||||||||||||
9. Найти lim |
|
x2 − 1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
ln x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
x→1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
•Имеем неопределённость 0 . Сделаем замену x – 1 = t. Тогда x = 1 + t,
0
t→ 0 при x→ 1. Воспользуемся эквивалентностью б.м. ln(1+t) ~ t |
при t→ 0. |
|
|||||||||||||||
Итак, lim |
x2 − 1 |
= lim |
( t + 1 )2 − 1 |
= lim |
t 2 + 2t |
= lim( t + 2 ) = 2 . • |
|
|
|||||||||
ln x |
|
ln( 1 + t ) |
t |
|
|
||||||||||||
x→1 |
|
t→0 |
t→0 |
t→0 |
|
|
|
|
|||||||||
10. Найти |
lim |
10cos2 x − 1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
ln sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
π |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
x→ 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
• Неопределённость вида |
0 |
|
|
|
x − |
π |
= t , отсюда x = |
π |
+ t , |
||||||||
|
|
|
. Сделаем замену |
2 |
2 |
||||||||||||
0 |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
t→ 0 при x → π . |
Воспользуемся формулой cos β = 1 − 2 sin2 β |
и формулами |
|||||||||||||||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
приведения:
lim |
10cos2 x − 1 |
= lim |
||
ln sin x |
||||
x→ |
π |
t→0 |
||
2 |
|
|
2 |
|
π |
|
|
|
cos |
|
2 |
+t |
|
|
10 |
|
|
− 1 |
= lim |
|
|
π |
|
|||
|
t→0 |
||||
ln sin |
2 |
+ t |
|
||
|
|
|
|
10sin2 t − 1 |
= lim |
10sin2 t − 1 |
|
|
= |
|
lncos t |
|
|
t |
|
||
t→0 |
ln( 1 − 2 sin |
2 |
) |
|||
|
|
|
2 |
|||
|
|
|
|
|
|
91
= |
10sin2 t − 1 ~ sin2 t ln10 ~ t 2 ln10 |
|
|
2 |
= lim t |
2 |
ln10 = −2 ln10 . • |
|||||||||||||
|
|
t→0 |
|
t→0 |
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
2 t |
|
|
2 |
t |
|
|
t |
|
t→0 |
|
|
t 2 |
|
|||
|
ln |
1 |
− 2 sin |
2 |
~ |
− 2 sin |
|
|
|
~ − 2 |
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
t→0 |
|
|
2 t→0 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
11. Для функции |
f ( x ) = arctg |
1 |
найти точки разрыва, |
если они существуют, |
|||||||||||||||
|
|
x |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
указать характер разрыва, построить схематический график функции.
•Данная функция определена, а, значит, и непрерывна x R\{0}. В точке
x= 0 функция разрывная, так как f(0) не определена.
Исследуем поведение функции в окрестности точки x = 0. Для этого вычислим односторонние пределы:
f ( 0 − 0 ) = lim |
arctg |
1 |
= − |
π , так как |
lim |
1 |
= −∞ , а |
lim arctgt = − |
π |
|||
|
|
|
2 |
|||||||||
x→0−0 |
|
x |
2 |
|
|
x→0−0 x |
|
t→−∞ |
||||
(см. график функции arctgx на рисунке 13 |
главы 2). |
|
|
|||||||||
Аналогично, f ( 0 + 0 ) = |
lim |
arctg |
1 |
= + |
π . |
|
|
|
||||
x |
|
|
|
|||||||||
|
|
|
x→0+0 |
|
|
2 |
|
|
|
Итак, односторонние пределы в точке x = 0 существуют, конечные, но не совпали. Значит, точка x = 0 является точкой разрыва 1-го рода. Скачок равен
f(0 + 0) – f(0 – 0) = π. Так как |
|
|
|
||||
lim |
f ( x ) = lim arctg |
1 = |
1 |
= t , t →0 при x → ∞ = lim arctgt = 0, |
|||
x→∞ |
x→∞ |
x |
x |
|
|
t→0 |
|
то схематически график функции arctg |
1 |
имеет вид: |
|||||
x |
|||||||
|
|
|
|
|
|
Рисунок 12
92
|
1 |
|
|
|
, |
x < 1 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
1 |
|
||||
x + |
|
|
|
||||||
|
2 |
, |
|
|
|
|
1 ≤ x ≤ 2 найти точки разрыва, указать |
||
12. Для функции f ( x ) = x |
|
|
|
|
|
||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
x > 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
e x−2 , |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
характер разрыва, построить схематический график функции.
• Данная функция составная и определена x R \{−1}. Нельзя сразу сказать,
что она непрерывна для всех таких x. Разрывы могут быть в точках x = 1 и x = 2, где меняется её аналитическое выражение. Итак, подлежат исследованию точки
x = – 1, x = 1, x = 2.
Исследуем точку x = – 1. |
Значение f(–1) не определено. |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
f ( −1 − 0 ) = |
lim |
|
1 |
|
|
= −∞ , так как x + 1 < 0, поэтому |
lim |
( x + 1 ) = − 0 . |
||||||||||||||||||
|
+ 1 |
|
||||||||||||||||||||||||
|
x→−1−0 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
x→−1−0 |
|
|
|||||||
Аналогично, f ( −1 + 0 ) = |
lim |
|
= +∞ . |
Итак, |
точка x |
= –1 является |
||||||||||||||||||||
x + |
1 |
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→−1+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
точкой разрыва второго рода. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Исследуем точку x = 1. |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
f(1) = 12 = 1, |
f ( 1 − 0 ) = |
lim |
|
|
= |
, |
f ( 1 + 0 ) = |
lim |
x2 = 1 . |
|||||||||||||||||
|
x + |
1 |
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→1−0 |
2 |
|
|
|
x→1+0 |
|||||||||||
Итак, точка x = 1 является точкой разрыва первого рода. |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
Исследуем точку x = 2. |
|
|
|
|
|
|
|
x2 = 4 , |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
Имеем f(2) = 22 = 4, |
|
f ( 2 − 0 ) = |
lim |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→2−0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
f ( 2 +0 ) = |
lim |
e |
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
= t |
|
|
|
|
= lim et = +∞ . |
||||||||||
x−2 |
= |
x − 2 |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
x→2+0 |
|
|
|
|
|
|
t → +∞ при x → 2 +0 |
t→+∞ |
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Итак, точка x = 2 – точка разрыва второго рода. |
|
|
1 |
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= e+0 = 1 + 0 , |
|||
Так как lim |
f ( x ) = |
lim |
|
|
|
= −0 , |
а lim |
f ( x ) = |
lim e |
x−2 |
||||||||||||||||
|
|
1 |
|
|||||||||||||||||||||||
x→−∞ |
|
|
x→−∞ x + |
|
|
|
|
|
x→+∞ |
|
x→+∞ |
|
|
то график данной функции имеет вид:
93
Рисунок 13
4.2 Задачи для самостоятельного решения
1. Вычислить пределы числовых последовательностей:
а) |
lim |
2 − 3n |
; |
б) |
lim |
|
( n + 2 )2 − ( n − 2 )2 |
; |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
n→∞ 4 + 5n |
|
n→∞ |
|
( n − 3 )2 |
|
|
|||
в) |
lim |
2n +7 n |
; г) |
lim |
|
2 + 4 + 6 + K + 2n |
|
. |
||
|
|
1 + 3 + 5 + K + ( 2n − |
1 ) |
|||||||
|
n→∞ 2n −7 n−1 |
|
n→∞ |
|
2. Вычислить пределы функций:
1) lim |
x2 |
+ 3 x + 2 |
; |
2) lim |
||
x3 + |
2 x2 |
− x − 2 |
||||
x→−1 |
|
x→1 |
|
3 x + 1 |
2 x+3 |
||
4) lim |
|
|
; |
|
3 x − 1 |
||||
x→∞ |
|
|
7) lim |
ln( 1 + x2 ) |
; |
|
1 + x2 − 1 |
|||
x→0 |
|
10) lim 1 − sin3 x ; x→π2 cos2 x
5) lim
x→0
8) lim
x→0
11) lim
x→10
94
|
5 − x − 2 |
; |
||
|
x3 − 1 |
|||
|
|
|
|
|
|
4 + x − 2 |
; |
||
|
|
|
||
|
arctg3 x |
|
|
|
|
cos x − 1 |
; |
||
|
sin2 2 x |
|||
|
lg x − 1 |
|
; |
|
|
x − 9 − 1 |
|
||
|
|
|
|
|
|
2 x2 |
− 4 |
−x2 |
|
3) |
lim |
|
|
|
; |
|
2 |
|
|||
|
|
2 x |
− 1 |
|
|
|
x→∞ |
|
|
6) lim |
|
sin7 x |
|
; |
|
|
|
|
|||
x→0 |
|
x2 +π x |
|||
|
|
cos π x |
|||
9) lim |
|
2 |
|
; |
|
2x−1 − |
1 |
||||
x→1 |
|
|
12) lim |
|
eπ x − 1 |
|
; |
|
3 |
1 + x − |
1 |
|||
x→0 |
|
1
2 − x ln( 2−x )
13) lim ;
x→1 x
14) lim |
sin(π( x + 2 )) |
; 15) |
lim |
esin 2 x − 1 |
. |
||||
1 + x − 1 |
|
|
2 x |
|
|||||
x→0 |
|
x→ |
π |
ln |
|
||||
|
|
|
|
2 |
π |
|
3. Для данных функций найти точки разрыва, выяснить характер разрыва, построить схематический график:
|
|
x |
|
|
|
|
x+ |
1 |
|
|
|
|
||||
1) f ( x ) = |
|
|
; |
|
2) f ( x ) = e |
x ; |
|
|
|
|||||||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
( 1 + x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
x , | x |≤ 1 |
|
0 , |
|
x ≤ 0 |
|||||||||||
3) f ( x ) = |
; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
4) f ( x ) = e x , 0 < x < 2 ; |
|||||||||||||
|
1, | x |> |
1 |
|
x + 3, x ≥ 2 |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
x , |
|
|
|
|
x < 1 |
|||
5) f ( x ) = |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
; |
|
6) f ( x ) = |
x |
− 3 |
|
|
. |
|||||
|
|
x |
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
x ≥ 1 |
|
1 − 2 x−1 |
|
|
|
|
|
− 3 |
|
||||||||
|
|
|
|
x |
|
|
|
95
Глава 4. ДИФФЕРЕНЦИРОВАНИЕ ФУНКЦИИ ОДНОГО АРГУМЕНТА
1. ПОНЯТИЕ ПРОИЗВОДНОЙ
Переходим к изложению основ дифференциального исчисления. В качестве введения в дифференциальное исчисление рассмотрим задачу о скорости и задачу о касательной. Обе задачи исторически оказались связанными с формированием основного понятия дифференциального исчисления, получившего название произ-
водной.
1.1 Задача о скорости и задача о касательной
Задача о скорости. Материальная точка движется прямолинейно так, что в каждый момент времени t она находится на расстоянии S = f ( t ) от некоторой
выбранной в качестве начальной точки O (говорят, что задан закон движения
S= f ( t )). Найти скорость v движения точки в момент t0 .
Вмомент времени t0 пройденное расстояние равно f ( t0 ) = S0 , а в момент времени t0 + ∆t расстояние равно f ( t0 + ∆t ) = S1 . Таким образом, за промежу-
ток времени от t0 доt0 + ∆t точка пройдет путь ∆S = S1 −S0 = f (t0 +∆t )− f (t0 ). Средняя скорость движения материальной точки за указанный промежуток
времени равна ∆S = f ( t0 + ∆t ) − f ( t0 ) . Средняя скорость движения зависит не
∆t ∆t
только от выбранного момента времени t0, но и от длительности рассматриваемого промежутка времени ∆t. Чем меньше величина ∆t, тем точнее средняя скорость «характеризует» это движение в момент времени t0. Поэтому предел средней скорости движения при стремлении ∆t к нулю называют скоростью движения точки в данный момент времени t0 (мгновенной скоростью):
v( t0 ) = |
lim |
∆S |
= lim |
f ( t0 |
+ ∆t ) − f ( t0 |
) |
. |
∆t |
|
∆t |
|
||||
|
∆t→0 |
∆t→0 |
|
|
|
Задача о касательной. Пусть имеется кривая и лежащая на ней некоторая точка M. Возьмём на этой кривой любую другую точку N и будем перемещать её по кривой, неограниченно приближая к точке M (то есть, чтобы расстояние между ними стремилось к нулю). При этих условиях секущая MN, вообще говоря, меняет своё положение, вращаясь вокруг точки M (рисунок 1). Если существует прямая MT, являющаяся предельным положением секущей MN при неограниченном приближении точки N по кривой к точке M, то эта прямая называется касательной к кривой в точке M. Следует иметь в виду, что кривая в её точке M может и не иметь касательной.
Рассмотрим некоторую плоскую кривую с уравнением y = f ( x ) и точку
95
M (x0 , f ( x0 )) этой кривой (рисунок 2). Пусть кривая в точке M имеет невертикальную касательную MT. Напишем уравнение этой касательной.
Значению аргумента |
x0 + ∆x |
соответствует значение функции |
f ( x0 + ∆x ) = f ( x0 ) + ∆y |
и, значит, точка N ( x0 + ∆x; f ( x0 + ∆x )) кривой. |
Здесь ∆x – произвольное приращение аргумента x = x0 , а ∆y = f( x0 +∆x)− f( x0 )
– соответствующее приращение функции.
|
Y |
|
y=f(x) |
|
|
|
|
|
|
N |
f (x0+∆x) |
|
N |
|
|
|
|
∆y |
T |
|
T |
|
|
|
|
f(x0) |
M |
|
|
M |
|
α β |
∆x |
|
|
0 |
x0 |
x0+∆x |
X |
Рисунок 1 |
|
Рисунок 2 |
|
|
Пусть теперь ∆x→ 0, тогда точка N по кривой стремится к точке M, секущая MN, меняя своё положение, будет стремиться занять положение касательной MT к кривой в точке M. Обозначим через β угол наклона к оси OX секущей MN, а
через α – угол наклона касательной к кривой в точке M. Если ∆x→ 0, то β→α и, значит,
tgβ → tgα. Но tgβ = |
∆y |
, следовательно, tgα = lim |
∆y . |
|
∆x |
∆x→0 |
∆x |
Уравнение касательной MT – прямой, проходящей через точку M( x0 , f ( x0 ))
с угловым коэффициентом k = tgα , запишется в виде |
|
|
|||
y − |
f ( x |
) = k( x − x ) = lim |
∆y ( x − x ) . |
||
|
0 |
0 |
∆x→0 |
∆x |
0 |
|
|
|
|
Итак, если сопоставить операции, которые осуществлялись при решении рассмотренных задач, то легко заметить, что в обоих случаях по существу делалось одно и то же: приращение функции делилось на приращение независимой переменной и затем вычислялся предел их отношения. Таким путём приходим к основному понятию дифференциального исчисления – к понятию производной.
1.2 Определение производной
96
Пусть функция y = f ( x ) определена в некоторой окрестности точки x. Дадим
аргументу x приращение ∆x (при этом предполагается, что точка x + ∆x принадлежит области определения функции). Тогда функция получит приращение
∆y = f ( x + ∆x ) − f ( x ) .
Производной функции f ( x ) в точке x называется предел отношения прира-
щения функции к приращению аргумента при стремлении приращения аргумента к нулю, если этот предел существует и конечен.
|
|
Производная |
функции y = f ( x ) в |
точке x обозначается символами: |
y′, |
|||||
|
′ |
|
dy |
|
df ( x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f |
( x ) или dx , |
dx . |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|||||||
|
|
Итак, по определению |
f ( x + ∆x ) − f ( x ) |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
f ′( x ) = lim |
. |
(1) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
∆x→0 |
∆x |
|
|
|
|
Производная |
f ′( x ) является функцией аргумента x, поскольку, если для дан- |
ного значения аргумента x существует предел отношения (1), то только один. При конкретных числовых значениях аргумента x производная – число. В случаях, когда может возникнуть сомнение относительно переменной, по которой взята про-
изводная, эта переменная указывается в виде значка внизу: y / , f / ( x |
0 |
) . |
|
|
|
||
x |
x |
|
|
|
|
|
|
Рассматривая задачу о скорости, мы получили, что v = lim |
∆S |
, |
т.е. |
v = |
dS |
. |
|
∆t |
|
||||||
∆t→0 |
|
|
|
|
dt |
Отсюда следует механический смысл производной: скорость v есть производная от пройденного пути S по времени t.
Если слово «скорость» понимать в более широком смысле, то можно производную функции y = f ( x ) по x считать скоростью изменения переменной y в точке
x. Поэтому понятие производной находит широкое применение при изучении скорости течения различных процессов (например, скорость охлаждения нагретого тела; скорость осуществления работы – мощность; скорость обесценивания оборудования и т.п.).
Из рассмотренной задачи о касательной следует, чтоtgα = lim |
∆y |
, т.е. |
∆x→0 |
∆x |
|
tgα = y′ . Отсюда следует геометрический смысл производной: производная функции y = f ( x ) в точке x равна угловому коэффициенту k = tgα касательной в точке M( x, f ( x )) графика функции.
На основании ранее приведённых рассуждений получаем, что уравнение невер-
тикальной касательной к кривой y = f ( x ) в её точке M( x0 , |
f ( x0 )) можно |
записать в виде |
|
y − f ( x0 ) = f ′( x0 )( x − x0 ). |
(2) |
97 |
|
Нормалью к кривой в её точке M называется прямая, проходящая через точку M перпендикулярно касательной к кривой в этой точке. Так как у двух взаимно перпендикулярных прямых угловые коэффициенты обратно пропорциональны и
отличаются знаком, то уравнение нормали |
к кривой |
y = f ( x ) |
в точке |
||
M ( x0 , f ( x0 )) имеет вид |
|
|
|
|
|
y − f ( x ) = − |
1 |
|
( x − x |
) , |
(3) |
|
|
||||
0 |
f ′( x0 |
) |
0 |
|
|
|
|
|
|
если f ′( x0 ) ≠ 0 .
Пример 1. Найти производную функции y = x3 .
•В этом случае
∆y =( x +∆x )3 −x3 = x3 +3x2∆x+3x(∆x )2 +(∆x)3 −x3 =(3x2 +3x∆x+(∆x )2 )∆x,
∆y |
= 3 x2 |
+ 3 x∆x + ( ∆x )2 , lim |
∆y |
= 3 x2 . |
∆x |
|
∆x→0 |
∆x |
|
Следовательно, y′ = 3 x2 |
. • |
|
|
Пример 2. Написать уравнение касательной и нормали к кривой y = x в точ-
ке M ( 1; 1 ) .
• Функция y = x определена и непрерывна при 0 ≤ x < +∞ . Составим при-
ращение функции ∆y = x + ∆x − x . Для отыскания предела отношения при-
ращений функции и аргумента переносим иррациональность в знаменатель с последующим сокращением:
lim |
∆y |
= |
lim |
|
x + ∆x − x |
= lim |
( |
x + ∆x − x ) ( x + ∆x + x ) |
= |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∆x ( x + ∆x + |
x ) |
|
||||||||||
∆x |
|
∆x |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
∆x→0 |
∆x→0 |
|
|
∆x→0 |
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
= lim |
|
|
|
x + ∆x − x |
|
|
= lim |
|
|
1 |
|
= |
1 |
. |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
∆x→0 ∆x ( |
|
x + ∆x + |
|
∆x→0 |
x |
+ ∆x + |
x 2 x |
|
|
|
|||||||||||||
Итак, |
y′ = ( |
|
x )′ = |
|
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
точке M ( 1; |
1 ) : |
||
Вычислим |
угловой |
коэффициент |
касательной в |
||||||||||||||||||||
|
′ |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
k = y ( 1 ) = |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Уравнения касательной и нормали будут иметь вид (согласно (2) и (3) ): |
|
|
|||||||||||||||||||||
y − 1 = |
1 |
( x − 1 ) , y − 1 = −2( x − 1 ) или x − 2 y + 1 = 0 , 2 x + y − 3 = 0 . |
|
• |
|||||||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||||||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
98 |
|
|
|
|
|
|
|
|