int_kurs-podg_-ege_kasatkina-i_l_2012
.pdf
|
Физика для старшеклассников и абитуриентов |
||
|
|
|
|
Ep |
|
|
А48. Согласно формуле Ер = mgh |
|
|
|
потенциальная энергия прямо пропор- |
|
|
|
|
|
|
|
циональна высоте тела над землей, а |
|
|
|
графиком прямо пропорциональной за- |
|
|
|
висимости является прямая, проходящая |
|
|
|
через начало координат под углом к осям |
0 |
|
|
координат (рис. 114). |
|
h |
Правильный ответ 2). |
|
|
|
||
|
Рис. 114 |
А49. Выразим сначала деформации |
|
|
|
|
пружины в единицах СИ: х1 = 5 см = 0,5 м, х2 = 80 см = 0,8 м. Потенциальная энергия пружины при деформации х2
kx2
Ер = 22 .
Жесткость k найдем из закона Гука: F = kx1, откуда k = F .
x1
С учетом этого
Ер = |
Fx22 |
= 1 0,82 |
Дж = 0,64 Дж. |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
||||||||
|
2x1 |
|
|
2 0,5 |
|
|
|
|
|
|
||
Правильный ответ 3). |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
А50. До увеличения деформации потенциальная энергия |
||||||||||||
пружины |
|
|
|
|
kx2 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
Ер1 = |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
После увеличения деформации потенциальная энергия |
||||||||||||
|
|
|
kx2 |
|
|
|
|
kx2 |
|
kx2 |
||
пружины стала 2Е |
= |
|
2 |
, следовательно, 2 |
1 |
= |
2 |
, откуда |
||||
|
2 |
2 |
||||||||||
|
2 |
|||||||||||
|
р1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
õ22 = 2õ12 и х2 = 1,4х1. Правильный ответ 3).
А51. На высоте тело обладало потенциальной энергией Ер0, а также имело начальную скорость и, значит, кинетическую энергию Еk0. У земли тело имело только кинетическую энергию Еk. Поскольку сопротивление отсутствует, по закону сохранения механической энергии
Еk = Ep0+Ek0= mgh+ mv2 2 = =4 Дж =112 Дж.
Правильный ответ 4).
140
Раздел I. Механика
А52. Работа силы трения будет равна разности между кинетической энергией бруска у основания наклонной плоскости и его потенциальной энергией на ее вершине:
A = Ek – Ep, |
где работа силы трения A = Fтрl, |
||
откуда |
F = A = |
Ek − Ep |
. |
|
|||
|
l |
l |
Правильный ответ 2).
А53. Потенциальная энергия тела на высоте 2,5 м согласно закону сохранения механической энергии равна разности кинетической энергии в начале броска, равной 20 Дж, и кинетической энергии на высоте 2,5 м, равной согласно графику (рис. 86) 7,5 Дж:
Ер = 20 Дж – 7,5 Дж = 12,5 Дж.
Правильный ответ 3).
A54. По закону сохранения механической энергии кинетическая энергия конькобежца у основания горы равна его потенциальной энергии в высшей точке подъема на высоту h:
Ek = Ep |
или |
mv2 |
|
2 |
|||
|
|
Ep
S
h
Ek α
Рис. 115
= mgh, откуда
v = 2gh. Из рис. 115 следует, что h = S sin D. Следовательно,
v = 2gS sin α = 2 10 10 sin 300 м/с = 10 м/с.
Правильный ответ 2).
А55. Работа силы трения равна разности кинетической энергии бруска у основания наклонной плоскости и его потенциальной энергии на ее вершине:
|
mv2 |
v2 |
|
|
|
||
А = Еk – Ер = |
|
− mgh = m |
|
− gh . |
|
||
2 |
2 |
l |
|||||
|
|
|
|
||||
Высоту наклонной плоскости най- |
|
h |
|||||
дем из прямоугольного треугольника |
|
α |
|||||
(рис. 116): |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
||
h = l sin D. |
|
|
|
Рис. 116 |
141
Физика для старшеклассников и абитуриентов
С учетом этого
v2 |
|
|
22 |
|
0 |
|
|
||
А = m |
|
− gl sin α |
= 0,2 |
|
|
− 10 1 sin 30 |
|
|
Дж = – 0,6 Дж. |
2 |
2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Правильный ответ 3).
А56. Работа сил сопротивления по модулю равна разности потенциальной энергии тела на высоте и кинетической энергии у земли:
А=Ер–Еk = Дж=17,6Дж. Правильный ответ 4).
F |
|
А57. Момент силы равен произведению |
||||
|
силы и ее плеча. Плечом касательной силы, |
|||||
|
|
|||||
|
|
приложенной к ободу колеса (рис. 117), яв- |
||||
|
|
ляется радиус колеса. Поэтому |
||||
|
R |
|
M |
4 |
|
|
|
|
M = FR, откуда |
F = R |
= |
|
Н = 8 Н. |
|
|
0,5 |
Правильный ответ 3).
А58. Момент силы тяжести mg равен произведению силы тяжести
и ее плеча l: М = mgl.
Из рис. 118 следует, что плечо силы тяжести l = L sin D.
Поэтому
М= mgL sin D= 0,5 · 10 · 0,8 sin 300 Н · м = 2 Н · м. Правильный ответ 2).
L
l
0
α
А59. Момент силы определяет формула mg
М = Fl, где, как это следует из рис. 119, пле- |
Рис. 118 |
|||
|
|
|
чо силы равно |
|
|
|
|
|
|
F |
произведению половины длины |
|||
|
l |
стержня на синус противолежаще- |
||
α |
|
|
го угла. Поэтому |
|
|
L |
М = Fl = 0,5FL sin D. |
||
0,5L |
|
|
Рис. 119 |
Поскольку 80 см = 0,8 м, sin |
|
300 = 0,5, то |
||
|
||
М = 0,5 · 2 · 0,8 · 0,5 Н · м = 0,4 Н · м. |
||
Правильный ответ 3). |
|
142
Раздел I. Механика
А60. Согласно условию равновесия тела, имеющего ось вращения, рычаг будет в равновесии, если момент силы М1 = F1l1, вращающей его, например, против часовой стрелки, будет равен моменту силы М2 = F2l2, вращающему его по часовой стрелке:
М1 = М2 или |
F1l1 = F2l2, откуда |
|||||
F2 |
= F1 |
l1 |
= 6 |
20 |
Н = 4 Н. |
|
l |
30 |
|||||
|
|
|
|
|||
|
2 |
|
|
|
Правильный ответ 4).
А61. Вес тела в жидкости равен его весу в воздухе минус выталкивающая (архимедова) сила: Р2 = Р1 – Fвыт . Здесь Р1 = mg, m = UтелаV и Fвыт = UжидкgV. С учетом этого вес тела в жидкости
Р2 = UтелаVg – UжидкgV = gV (Uтела – Uжидк) =
= 10 · 50 · 10 –6 (4000 – 1000) Н = 1,5 Н.
Правильный ответ 2).
А62. Давление р на стенки сосуда в среднем равно половине его давления на дно. А давление на дно равно произведению плотности воды U, ускорения свободного падения g и высоты воды h = 40 см = 0,4 м. Поэтому
11
р= 2Ugh = 2 · 1000 · 10 · 0,4 Па = 2000 Па = 2 кПа. Правильный ответ 1).
А63. Гидравлический пресс дает выигрыш в силе, и его действие основано на законе Паскаля.
Правильный ответ 3).
А64. Высоты столбиков воды h1 и ртути h2 над уровнем mn обратно пропорциональны плотностям воды U1 и ртути U2. Как следует из рис. 90, высота столбика ртути над уровнем mn h2 = 25 см – 20 см = 5 см. Согласно сказанному
h1 |
= |
ρ2 |
, откуда h2 = h1 |
ρ1 |
= 5 |
13 600 |
см = 68 см. |
|
h2 |
ρ1 |
ρ2 |
1000 |
|||||
|
|
|
|
Правильный ответ 4).
А65. Согласно условию плавания тело плавает, когда его вес Р = mg равен выталкивающей силе Fвыт, которая, в свою очередь, равна произведению плотности масла Uм, ускорения
143
Физика для старшеклассников и абитуриентов
свободного падения g и объема погруженной части тела, который составляет треть всего объема тела V, поскольку, согласно условию, две трети его объема находятся над поверхностью масла. Таким образом,
V mg = Uмg 3 .
Массателаm равнапроизведениюегоплотностиUт иобъемаV:
|
|
|
|
|
|
|
m = UтV. |
|
|
С учетом сказанного, U |
Vg = U g |
V |
, откуда |
||||||
|
|
1 U |
|
|
1 |
т |
м 3 |
|
|
U |
= |
|
= |
900 кг/м3 = 300 кг/м3. |
|||||
т |
|
3 |
м |
|
3 |
|
|
|
|
Правильный ответ 2).
А66. Давление кубика р на стол равно отношению веса кубика Р = mg к площади его опоры S = l2, где l = 8 см =
=0,08 м — длина ребра кубика. Таким образом,
р= mg = mg2 .
Sl
Теперь выразим массу кубика m через его плотность U и объем V = l3:
m = UV = Ul3.
С учетом предыдущего равенства, давление кубика
р = |
ρ l3g |
= Ulg = 7800 · 0,08 · 10 Па = 6240 Па = 6,24 кПа. |
|
l2 |
|||
|
|
Правильный ответ 2).
А67. Сравним вес шарика с выталкивающей силой. Если вес будет больше выталкивающей силы, то шарик утонет, если наоборот, то он будет всплывать. Если вес окажется равным выталкивающей силе, то шарик останется в покое.
Вес шарика Р = mg = 0,05 · 10 Н = 0,5 Н. Выталкивающая сила Fвыт = UgV, где объем шарика
4
V = 3 SR3. Здесь R = 3 см = 0,03 м — радиус шарика.
С учетом этого |
4 SR3 |
|
4 |
|
Fвыт = Ug |
= 800 · 10 · |
· 3,14 · 0,033 Н = 0,9 Н. |
||
|
3 |
|
3 |
|
144
Раздел I. Механика
Мы видим, что выталкивающая сила больше веса шарика, значит, он будет всплывать с ускорением.
Правильный ответ 3).
А68. Сила F1, приложенная к малому поршню, во столько раз меньше силы F2 = mg, приложенной к большому поршню, на котором лежит груз массой m, во сколько раз площадь малого поршня S1 меньше площади большого поршня:
F1 |
= |
S1 |
или |
F1 |
= |
S1 |
, откуда |
|
|
||||||
F |
|
S |
|
mg |
5S |
||
2 |
2 |
|
|
|
1 |
|
F1 = Н = 200 Н.
Правильный ответ 3).
А69. Выталкивающая сила, действующая на куб, равна произведению плотности воды, ускорения свободного падения и объема погруженной части куба, которая составляет половину
его объема. Поэтому
V
Fвыт = Uводы g 2 ,
где объем куба V = l3. С учетом этого
Fвыт |
= Uводыg |
l3 |
= 1000 10 |
0,23 |
Н = 40 Н. |
|
2 |
||||
|
2 |
|
|
Правильный ответ 1).
А70. Давление — скалярная величина и в СИ измеряется в паскалях.
Правильный ответ 4).
А71. Посколькувыигрышавработениодинмеханизмнедает, значит, А1 = А2, где работа силы на малом поршне А1 = F1h1, а работа силы на большом поршне А2 = F2h2. Следовательно, F1h1 = F2h2,откуда
F2 |
= F1 |
h1 |
Н 200 |
25 |
Н = 10 000 H = 10 кН. |
|
0,5 |
||||||
h2 |
||||||
|
|
|
|
Правильный ответ 2).
А72. В космосе вес равен нулю. А архимедова сила равна весу жидкости, вытесненной телом, поэтому она тоже равна нулю.
Правильный ответ 4).
145
|
Физика для старшеклассников и абитуриентов |
||
|
|
Часть 2 |
|
|
|
|
В1. На рис. 120 изобра- |
|
FN |
|
жена наклонная плоскость |
|
Fнат |
высотой h = 60 см с невесо- |
|
|
|
|
мым блоком на ее вершине. |
|
Fтр |
Fнат |
Через блок перекинута не- |
|
|
весомая и нерастяжимая |
|
m1gsin α |
α |
нить,кконцамкоторойпри- |
|
|
α |
m1gсos α |
креплены грузы с массами |
α |
m1g |
|
m1 = 0,5 кг и m2 = 0,6 кг. |
|
Найти ускорение грузов, |
||
|
|
|
|
|
Рис. 120 |
если длина наклонной пло- |
|
|
скости l = 1 м и коэффици- |
||
|
|
m2g |
|
|
|
ент трения груза массой m1 |
|
|
|
|
|
о плоскость μ = 0,25. Ответ округлить до десятых долей м/с2. |
|||
Обозначим а ускорение грузов, g — ускорение свободно- |
|||
го падения, D — угол при основании наклонной плоскости, |
|||
Fнат — силу натяжения нити, Fтр — силу трения. |
Дано:
h = 60 см m1 = 0,5 кг m2 = 0,6 кг l = 1 м
μ = 0,25
а — ?
Решение |
|
|
|
||
Разложим силу тяжести m1g |
на состав- |
ляющую m1g cos D, прижимающую груз к наклонной плоскости, и составляющую m1g sin D, скатывающую его с нее. На груз массой m1 вдоль траектории его движения к блоку действует сила натяжения Fнат, а ей противодействуют сила трения Fтр и m1g sin D. По второму закону Ньютона
m1a = Fнат – Fтр – m1g sin D.
На груз массой m2 действует направленная вниз сила тяжести m2g, а ей противодействует сила натяжения Fнат. По второму закону Ньютона
m2a = m2g – Fнат.
Сложим левые и правые части этих равенств и, выполнив приведение подобных членов, определим искомое ускорение а:
m1a + m2a = Fнат – Fтр – m1g sin D + m2g – Fнат., откуда
а = g (m2 − m1 sin α) − Fòð . m1 + m2
146
Раздел I. Механика
|
h |
l2 − h2 |
||
Здесь sin D = |
|
, Fтр = μmg cos D, где cos D = |
|
. |
|
|
|||
|
l |
l |
С учетом этих формул получим:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
10 |
|
|
|
0,5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
2 |
2 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
а = |
|
|
|
0,6 |
− |
|
(0,6 + 0,25 1 |
− 0,6 |
) м/с2 |
= 1,8 м/с2. |
||||||||||||
0,5 |
+ 0,6 |
1 |
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: а = 1,8 м/с2.
В2. На какой высоте Н ускорение свободного падения вчетверо меньше, чем на земной поверхности? Радиус Земли 6400 км.
Решение
На земной поверхности ускорение свободного падения
g1 = 10 м/с2 можно определить по формуле g1 = G M , а на вы-
R2
соте Н
|
|
|
|
|
g2 = G |
M |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
(R + H)2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||
Разделим левые и правые части этих равенств друг на друга. |
||||||||||||||||||
Получим: |
|
|
GM (R + H)2 |
R + H 2 |
|
|||||||||||||
|
|
g1 |
|
|
||||||||||||||
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
. |
|
|||
|
|
g2 |
|
|
|
2 |
|
|
R |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
GM R |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
g1 |
= 4, поэтому |
R + H |
2 |
|||||||||
По условию задачи |
|
|
|
|
|
|
|
= 4, откуда |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
g2 |
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|||
|
R + H |
= 2 |
R + H = 2R, |
Н = R = 6400 км. |
||||||||||||||
|
|
|
, |
R
Ответ: Н = 6400 км.
В3. Движение материальной точки задано уравнением х = 8 + 5t + 2t2. Определить импульс этой точки через 5 с, считая от момента начала отсчета времени движения, если ее
масса 100 г.
Обозначим х координату точки, х0 — начальную координату, t — время движения, t1 — время, за которое импульс точки
147
Физика для старшеклассников и абитуриентов
станет равен р, m — массу точки, v — скорость точки, v0 — ее начальную скорость, а — ускорение точки.
Дано: |
|
Решение |
|
||
х = 8 + 5t + 2t2 |
|
Импульс точки массой m = 100 г = 0,1 кг |
t1 = 5 с |
|
найдем по формуле |
m = 100 г |
|
р = mv, |
|
|
|
|
|
здесь скорость v = v0 + at1, где время t1 = 5 с. |
р — ? |
|
|
|
|
Из сравнения уравнений координаты в |
at2
общем виде х = х0 + v0t + 2 и данного нам в условии задачи
х = 8 + 5t + 2t2 следует, что начальная скорость точки v0 =
à
5 м/с, а половина ее ускорения 2 = 2 м/с2, откуда ускорение
а = 4 м/с2. С учетом этих величин искомый импульс
р = m(v0 + at1) = 0,1(5 + 4 · 5) кг · м/с = 2,5 кг · м/с.
Ответ: р = 2,5 кг · м/с.
В4. 4 одинаковых бруска толщиной 2 см каждый плавают в воде (рис. 121). Насколько изменится глубина погружения брусков, если снять один брусок?
Обозначим h толщину каждого бруска, 'h — изменение глубины их погружения, Fвыт1 — выталкивающую силу до снятия бруска, U — плотность воды, g — ускорение свободного падения, V1 — объем погруженных брусков, h1 — глубину погружения до снятия бруска, h2 — глубину
погружения после снятия бруска, S — площадь основания бруска, Р1 — вес одного бруска.
Дано: |
|
Решение |
|
||
h = 2 см |
|
Когда плавали все 4 бруска, то согласно усло- |
|
|
вию плавания тел выталкивающая сила |
t — ? |
|
|
|
Fвыт1 = 4Р1. |
|
|
||
|
|
Здесь Fвыт1 = UgV1 = Ugh1S, где V1 = h1S. Таким образом,
Ugh1S = 4Р1.
148
Раздел I. Механика
Аналогично, когда сняли один брусок, Ugh2S = 3Р1.
Здесь h2 — новая глубина погружения теперь уже 3 брусков.
Разделим эти равенства друг на друга:
,
3
откуда новая глубина погружения брусков h2 = 4 h1. Следовательно, глубина погружения брусков изменится на
'h = h1 – 34h1 = h41 , где h1 = 2h = 2 · 2 см = 4 см,
поэтому
Ответ: 'h = 1 см.
F
4
'h = 4 см = 1 см.
В5. Тонкая однородная доска массой 2 кг упирается одним концом в угол между стенкой и полом, а к другому концу доски привязан канат (рис. 122). Определить силу натяжения каната, ес-
lлиуголмеждудоскойиканатомпрямой,
α mg
l
2 сos α
Рис. 122
а между доской и полом он равен 600. Обозначим m массу доски, l — ее
длину, D— угол между доской и полом, g — ускорение свободного падения, М1 — момент силы тяжести, М2 — момент силы натяжения, Fнат — силу натяжения.
Дано: |
|
Решение |
|
||
m = 2 кг |
|
Согласно условию равновесия момент силы |
D = 600 |
|
тяжестиМ1,вращающей доску по часовой стрел- |
|
|
ке, равен моменту силы натяжения М2, вра- |
Fнат — ? |
|
|
|
щающей ее против часовой стрелки, М1 = М2. |
|
|
|
|
Момент силы тяжести |
|||
|
|
М1 = mg |
l |
cos D, |
|
|
|
|
|||
|
l |
2 |
|
||
где |
cos D — плечо силы тяжести. |
||||
2 |
|||||
|
|
|
|
Момент силы натяжения М2 = Fнат l. Здесь плечом силы натяжения является длина доски.
149