int_kurs-podg_-ege_kasatkina-i_l_2012
.pdfФизика для старшеклассников и абитуриентов
А39. Из сравнения уравнения координаты х = х0 + vхt и данного нам в условии уравнения х = 8 + t следует, что проекция скорости vх = 1 м/с.
Правильный ответ 2).
А40. Из второго уравнения t = x − |
4. Подставим правую |
||||||||
2 |
|
||||||||
часть этого выражения в первое уравнение: |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Правильный ответ 3).
А41. Подставим в данное уравнение х = 6 – 2t время t = 4 с:
х = 6 – 2 · 4 (см) = –2 см. Правильный ответ 4).
А42. Равномерное движение описывает только уравнение б), где координата х является функцией времени t в первой степени.
Правильный ответ 4).
А43. Из сопоставления уравнений координаты в общем
виде õ = õ0 +υ0xt + a2xt2 и данного в условии х = 3 – 2t + t2 (м) следует, что проекция начальной скорости v0х = –2 м/с, а проекция ускорения ах = 2 м/с2.
Правильный ответ 4).
А44. Из сопоставления общего уравнения координаты
õ = õ0 +υ0xt + a2xt2 и данного в условии уравнения х = 6t – 2t2 следует, что проекция начальной скорости v0х = 6 м/с, а про-
екция ускорения ах = –4 м/с2. Поскольку общее уравнение скорости имеет вид v = v0 + at, то уравнение проекции скорости будет иметь вид vх = 6 – 4t. Поскольку скорость стала равна нулю, значит, 0 = 6 – 4t, откуда t = 1,5 c.
Правильный ответ 2).
А45. Из сопоставления общего уравнения координаты
õ = õ0 +υ0xt + a2xt2 и данного в условии уравнения х = 5 – t + 2 t2 следует, что проекция начальной скорости v0х = – 1 м/с, а
50
Раздел I. Механика
половина проекции ускорения àx = 2 м/с2, откуда проекция
2
ускорения ах = 4 м/с2. Поскольку уравнение проекции скорости равноускоренного движения имеет вид vх = v0х + at, то требуемое уравнение проекции скорости будет
vх = –1+ 4t = 4t – 1.
Правильный ответ 2)
А46. При равноускоренном движении без начальной ско-
рости уравнение пути в общем виде S = |
at2 |
, откуда ускорение |
|||||
|
|||||||
2S |
= |
2 32 |
2 |
|
|||
= 4 м/с2. Поскольку уравнение скорости |
|||||||
а = |
2 |
2 м/с2 |
|||||
t |
|
|
4 |
|
|
|
равноускоренного движения имеет вид v = at, то требуемое уравнение скорости будет v = 4t.
Правильный ответ 2).
А47. При свободном падении без начальной скорости вы-
сота падения |
gt2 |
|
|
|
|
|
|
|
2h = |
|
2 5 с = 1 с. |
|||
h = |
, |
откуда |
t = |
|
||||||||||
2 |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
g |
|
10 |
||
Правильный ответ 3). |
|
|
|
|
|
|||||||||
А48. Из формулы v2 – v02 = 2gh конечная скорость тела в |
||||||||||||||
момент падения |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
υ02 + 2gh |
|
|
|
22 + 2 10 3 м/с = 8 м/с. |
|||||||
v = |
= |
|
||||||||||||
Правильный ответ 3). |
|
|
|
|
|
|||||||||
А49. Путь S за четвертую секунду можно найти, если из |
||||||||||||||
пути за t2 = 4 с вычесть путь за t1 = 3 с: |
|
|
||||||||||||
|
gt2 |
|
gt2 |
|
g |
2 |
2 |
10 |
2 |
2 |
||||
2 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|||||||
S = |
2 |
|
− |
2 |
= |
2 |
(t2 |
− t1 ) |
= 2 (4 |
− 3 )м = 35 м. |
Правильный ответ 4).
А50. В высшей точке подъема конечная скорость тела v = 0. Из формулы v2 – v02 = –2gh при v = 0 v02 = 2gh, откуда
h = |
υ02 |
= |
42 |
м = 0,8 м = 80 см. |
2g |
2 10 |
Правильный ответ 2).
51
|
Физика для старшеклассников и абитуриентов |
|||||||
А51. Для решения воспользуемся формулой ускорения |
||||||||
свободного падения g = |
υ , где согласно условию уменьшение |
|||||||
скорости 'v = 0,4v0. |
|
t |
|
|
|
|||
С учетом этого g = 0, 4υ0 , откуда |
|
|||||||
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
t = 0, 4υ0 = 0, 4 20 с = 0,8 с. |
|||||
|
|
|
|
g |
|
10 |
|
|
Правильный ответ 2). |
|
|
|
|||||
А52. Согласно условию конечная скорость тела |
||||||||
|
|
|
|
v = v0 – 0,2 v0 = 0,8v0. |
|
|||
Теперь воспользуемся формулой v2 – v 2 = –2gh или с учетом |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
сказанного (0,8v0)2 – v02 = –2gh, |
|
|||||||
|
0,64v02 – v02 = –2gh, –0,36v02 = –2gh, |
|||||||
|
h = |
0,36υ02 |
= |
0,18 22 |
м = 0,072 м = 7,2 см. |
|||
|
|
|
2g |
|
10 |
|
|
|
Правильный ответ 3). |
|
|
|
|||||
А53. Воспользуемся формулой v = v0 – gt, где v = 0,5v0, |
||||||||
поэтому 0,5v0 = v0 – gt, откуда t = 0,5υ0 = |
0,5 4 с = 0,2 с. |
|||||||
Правильный ответ 4). |
|
g |
10 |
|||||
|
|
|
||||||
y |
|
|
|
|
|
|
А54. Обратимсякрис. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
v0 |
|
|
|
|
42. Спроецируем век- |
||
v0sinα |
|
|
v0cos α |
тор начальной скорости |
||||
|
|
vy=0 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
на вертикальную ось. |
|
|
|
|
hmaх |
|
|
Его проекция v0у = v0 sin D |
||
|
α |
|
|
|
|
|
является начальной ско- |
|
|
|
|
|
|
|
ростью равнозамедлен- |
||
0 |
|
|
S |
|
|
|
||
v0cosα |
|
|
|
x ного подъема тела по вер- |
||||
|
|
|
|
|||||
|
|
|
Рис. 42 |
|
тикали до высшей точки, |
|||
где проекция его вертикальной скорости vу = 0. Для решения |
||||||||
задания воспользуемся формулой vу2 – v0у2 = – 2ghmax или с |
||||||||
учетом сказанного |
v02 sin2 D= 2ghmax, |
|
||||||
|
|
|
|
|
||||
откуда |
|
hmax = (υ0 sin α)2 |
= |
(20 sin 300 )2 |
м = 5 м. |
|||
|
|
|
|
|
g |
|
|
|
Правильный ответ 3). |
|
|
|
52
Раздел I. Механика
А55. Вектор ускорения всегда совпадает по направлению с вектором действующей на тело силы. На летящий снаряд в отсутствие сопротивления действует сила тяжести, направленная вниз, поэтому и вектор ускорения снаряда в каждой точке траектории — ускорения свободного падения — тоже направлен вниз.
Правильный ответ 4).
А56. Обратимся к рис. 42. Вдоль оси 0Х снаряд движется равномерно со скоростью v0 cos D в течение времени, которое
равно удвоенному времени взлета t : S = v0 2t cos D, где время
взлета t = υ0 sin α , поэтому g
S = v0 2υ0 sin α cos D =υ02 sin 2α. g g
При одинаковых v0 и g дальность полета S будет максимальной, когда будет максимален sin 2D. А sin 2Dмаксимален, когда 2D = 900, значит, D = 450.
Правильный ответ 3).
А57. Из рис. 42 следует, что в высшей точке траектории скорость снаряда равна его проекции на ось 0Х
vх = v0 cos D = 2 cos 600 м/с = 1 м/с.
Правильный ответ 3).
А58. Согласно рис. 42 тело взлетает с начальной скоростью v0 sin D до высшей точки, где проекция его скорости на вертикальную ось 0Y vу = 0, в течение времени t. Согласно формуле скорости равнозамедленного движения vу = v0 sin D– gt, откуда при vу = 0
v0 sin D = gt и |
|
. |
|
Все время полета снаряда равно удвоенному времени взлета:
tобщ = 2t = 2 |
|
= 2 |
4sin 300 |
с = 0,4 с. |
|
10 |
|||
|
|
|
|
Правильный ответ 3).
А59. Расстояние, которое пролетит пуля вдоль оси 0Х, двигаясь равномерно со скоростью v0 cos D (рис. 42), можно
53
Физика для старшеклассников и абитуриентов
найти по формуле пути равномерного движения S = v0t cos D, откуда все время полета
t = |
S |
= |
90 |
с = 3 с. |
υ0 cos α |
60 cos 600 |
Правильный ответ 1).
А60. Число оборотов N = Qt, где частота вращения Q свя-
зана с угловой скоростью Z формулой Z = 2SQ, откуда ν = 2ωπ .
С учетом этого
N = 2ωπ t = 23,143,14 3600 = 1800. Правильный ответ 4).
А61. Центростремительное ускорение точки определим по формуле
ац = |
υ2 |
= |
42 |
м/с2 = 80 м/с2. |
|
R |
0,2 |
||||
|
|
|
Правильный ответ 3).
А62. Связь линейной скорости точки с ее периодом устанавливает формула v = 2πR, где 2R = d — диаметр окружности,
поэтому v = π d, |
T |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
T |
π d |
= |
3,14 0, 4 |
|
откуда |
Т = |
с = 1,57 с. |
|||
|
|
υ |
|
0,8 |
|
Правильный ответ 3).
А63. При движении точки по окружности с постоянной по модулю скоростью ее ускорение направлено по радиусу к центру окружности.
Правильный ответ 4).
А64. Центростремительное ускорение связано с угловой скоростью формулой ац = Z2R,где радиус окружности равен
половине ее диаметра: R = d2, следовательно, ац = Z2 d2,откуда
Z = |
2aö |
= |
2 32 |
рад/с = 4 рад/с. |
|
d |
4 |
||||
|
|
|
Правильный ответ 1).
54
Раздел I. Механика
1
А65. Поскольку в формуле Т = ν период и частота — обрат-
ные величины, значит, при увеличении периода втрое частота втрое уменьшится.
Правильный ответ 2).
А66. Угловая скорость всех точек, лежащих на одном радиусе, одинакова, поэтому согласно формуле v = ZR линейные скорости точек одного радиуса прямо пропорциональны их расстояниям до центра. Поскольку R1 = 50 см, а
R2 = 50 cм – 10 см = 40 см и |
υ1 |
= ωR1 = |
R1 |
|
, то из этой про- |
||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
υ |
2 |
ωR |
R |
|
|
|||||
порции следует, что |
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
2 |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
υ = |
υ |
R2 |
= 10 |
40м/с = 8 м/с. |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
2 |
1 R |
50 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Правильный ответ 4). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
А67. Поскольку скорость |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
поступательного движения |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
точки вместе с колесом и ее |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
линейная скорость равны v, то |
|
|
|
|
|
|
v |
M |
v |
||||||||||
по теореме Пифагора (рис. 43) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
мгновенная скорость точки М |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
относительно дороги |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
v |
vM |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
υ |
Ì |
= υ2 +υ2 = υ 2 = 1,4υ = |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 43 |
|
|
||||
|
|
= 1,4 м/с. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Правильный ответ 3). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
А68. Согласно формулам v = 2πR |
и Т = |
t |
|
|
|||||||||||||||
|
линейная ско- |
||||||||||||||||||
|
|||||||||||||||||||
рость точки |
|
|
|
|
|
|
|
T |
|
|
|
N |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
υ = |
2πRN |
= |
2 3,14 0,5 10 |
|
м/с = 5 м/с. |
|
|
||||||||||
|
|
|
t |
6,28 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Правильный ответ 1).
А69. Центростремительное ускорение ац1 = υ2 . Если линей-
R
ную скорость точки увеличить в 3 раза, а радиус окружности уменьшить в 2 раза, то получим:
55
Физика для старшеклассников и абитуриентов
ац2 = (3υ )2 = 18 υ2 = 18 ац1.
R R
2
Значит, центростремительное ускорение увеличится в 18 раз.
Правильный ответ 2).
1 |
А70. При движении из положе- |
|
|
ния 1 в положение 2 (рис. 44) точка |
|
|
совершила за 2 с четверть оборота. |
|
|
Значит, полный оборот она совер- |
|
2 |
шит за время, равное ее периоду |
|
Т = 8 с. Угловая скорость точки |
||
|
Z = 2π = |
2 3,14 рад/с = |
|
Ò |
8 |
= 0,785 рад/с.
Рис. 44 |
Правильный ответ 2). |
|
Часть 2
В1. Тело проехало путь 20 м за 5 с. Какой путь оно проедет за 10 с, если его скорость увеличить на 40%?
Обозначим S1 путь, пройденный за время t1, 'v — разность скоростей, S2 — путь, пройденный за время t2, v1 — скорость тела на пути S1, v2 — скорость тела на пути S2.
Дано: |
|
Решение |
|
|
|
||
S1 = 20 м |
|
Запишем формулу пути равномерного дви- |
|
t1 = 5 с |
|
жения для первого и второго движений: |
|
'v = 0,4 v1 |
|
S1 = v1t1 (1) и S2 = v2t2 |
(2). |
t2 = 10 с |
|
Поскольку |
|
|
|
|
|
S2 — ? |
|
v2 = v1 + 'v = v1 + 0,4v1 = 1,4v1, |
|
|
|
то, подставив правую часть этого равенства в формулу (2) вместо v2, получим:
S2 = 1,4v1. |
(3) |
Если теперь разделить левые и правые части равенств (1) и (3) друг на друга, то неизвестная скорость v1 сократится и
56
Раздел I. Механика
из полученной пропорции мы сумеем найти искомый путь S2. Проделаем эти действия:
|
S1 = |
υ1 t1 , |
|
S1 = |
t1 |
, |
||||
|
S |
|
1,4υ t |
2 |
|
|
S |
1,4t |
|
|
2 |
|
1 |
|
2 |
2 |
|
||||
откуда |
S =1,4 S |
t2 |
. |
|
|
|||||
|
|
|
2 |
|
|
1 t |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
Мы решили задачу в общем виде. Подставим числа и вы-
числим искомый путь:
S2 =1,4 20105 м = 56 м. Ответ: S2 = 56 м.
В2. Поезд начал двигаться равноускоренно с ускорением 2 м/с2 и за 10 с проехал некоторый путь. Найти скорость поезда в средней точке этого пути.
Обозначим v0 начальную скорость поезда, а — его ускорение, t — время движения, v — скорость в средней точке пути.
Дано: |
|
Решение |
|
||
v0 = 0 |
|
Из условия задачи следует, что поезд начал |
а = 2 м/с2 |
|
движение из состояния покоя, поэтому мы за- |
t = 10 с |
|
писали в условии v0 = 0. В этом случае форму- |
|
|
лы равноускоренного движения существенно |
v — ? |
|
|
|
|
упрощаются. |
Мы знаем ускорение а и время движения поезда t. Найдем |
||
весь путь S, пройденный поездом за время t: |
||
при v0= 0 |
|
S = at2 . |
|
2 |
Нам надо найти скорость поезда v на середине этого пути, т.е. на расстоянии S от начала движения. Теперь для нахож-
2
дения скорости в средней точке всего пути, которая является конечной скоростью для первой половины всего пути S, мы
можем воспользоваться формулой
v2 – v02 = 2à S2
откуда при v0= 0 υ2 = 2à S2 = aS = a22t2 .
Отсюда |
υ = |
at |
. |
|
2 |
||||
|
|
57
Физика для старшеклассников и абитуриентов
Мы решили задачу в общем виде. Подставим числа и вычислим искомую скорость:
υ = 2 102 м/с = 14 м/с. Ответ: v = 14 м/с.
В3. Расстояние между двумя прибрежными поселками катер проходит по течению за 40 мин, а обратно — за 1 ч. За какое время проплывут это расстояние плоты?
Обозначим t1 время прохождения расстояния S между поселками по течению, t2 — время прохождения расстояния S между поселками против течения, t — время прохождения расстояния S плотами, vК — скорость катера, vT — скорость течения.
Дано: |
|
Решение |
|
|
|||
t1 |
= 40 мин |
|
Судя по условию задачи, и катер, и |
t2 |
= 1 ч = 60 мин |
|
плоты движутся равномерно. |
|
|
|
Когда катер идет вниз по течению, его |
t — ? |
|
||
|
скорость vК складывается со скоростью |
||
|
|
|
течения vT, и поэтому он проходит расстояние между двумя пунктами быстрее, чем в отсутствие течения, — как, например, если бы он плыл по озеру. Тогда путь S между этими пунктами равен:
S = (υK +υT ) t1. |
(1) |
Когда же катер идет против течения, оно его тормозит, поэтому он движется медленнее. Теперь его скорость относительно течения, с которой он проходит прежнее расстояние между пунктами, будет равна разности скорости катера и скорости течения. В этом случае тот же путь между пунктами будет равен:
S = (υK −υT )t2. |
(2) |
Мы имеем два уравнения и целых четыре неизвестные величины. Но самое главное: мы еще не ввели нужное нам время t, за которое это расстояние проплывут плоты. Здесь следует сообразить, что поскольку плоты несет само течение — ни гребцов, ни двигателя на них нет, — то их скорость равна скорости течения vT, и поэтому расстояние S будет равно:
58
Раздел I. Механика
S = vTt. |
(3) |
Теперь, глядя на эти три формулы, мы должны сообразить, как бы нам исключить все неизвестные скорости и путь, чтобы остались только времена. Вроде бы решить три уравнения с четырьмя неизвестными величинами нельзя. Но если очень хочется, то иногда можно. Правда, для этого надо хорошенько подумать.
Тогда давайте думать. Что если из формул (1) и (2) выразить сумму и разность скоростей, а потом вычесть из одного полученного уравнения другое. Тогда неизвестная и ненужная нам скорость катера вследствие приведения подобных членов «уйдет», и неизвестных величин станет меньше. Правда, и уравнений тоже станет меньше. Но все равно, надо же както решать. Потом посмотрим, что еще можно будет сделать. Итак, приступим:
из (1) |
υ |
|
|
+ υ |
= S , |
(4) |
|
|
Ê |
Ò |
t |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
из (2) |
υ |
|
− υ |
= S. |
(5) |
|
|
|
|
K |
T |
t |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
Давайте и из формулы (3) выразим скорость течения — все равно от нее тоже надо «уходить»:
υÒ |
= S . |
(6) |
|
t |
|
Теперь из левой части равенства (4) вычтем левую часть равенства (5), а из правой — правую. При этом знак равенства не нарушится, но зато скорость катера «уйдет»:
|
|
S |
S , |
υÊ + υÒ − υÊ − (−υÒ )= t |
− t |
||
2υT |
= t |
1 |
2 |
− t |
(7) |
||
|
S |
S. |
|
|
1 |
2 |
|
Замечательно! Смотрите: если теперь в равенство (7) подставить вместо скорости течения правую часть равенства (6) и справа вынести путь S за скобки, то он сократится, и у нас останется одно уравнение, в котором будут только одни времена. Приступим. Подставляем в (7) правую часть равенства (6):
59