ТЕСТЫ по математике
.pdfГоворят, что функция y = f (x) в точке x = a имеет разрыв первого
рода (рис.2), его еще называют конечный скачок, если:
1. Существует предел функции при x , стремящемся к a слева, т.е.
существует lim f (x) = b;
x→ a−0
2. Существует предел функции при x , стремящемся к a справа, т.е.
существует lim f (x) = c;
x→ a+0
3. Но эти пределы не равны, т.е. b ≠ c . Абсолютная величина разности
|
b − c |
|
, называется скачком функции y = f (x) |
в точке x = a . |
||||||
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|b-c| - скачок |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
функции |
c |
|
lim f(x) = c |
||||
|
|
|
в точке x=a |
|
||||||
|
|
|
b |
|
x |
|
a + 0 |
|||
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
lim |
f(x) = b |
|||
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
x |
|
a - 0 |
||
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a - точка разрыва |
||||
|
|
|
|
|
|
1-го рода |
||||
|
|
|
|
Рис. 2. Разрыв функции 1-го рода: |
||||||
|
|
|
|
lim f (x) = b, |
lim f (x) = c , b ≠ c |
|||||
|
|
|
|
x→ a−0 |
|
x→ a+0 |
|
|
|
|
Говорят, что функция y = f (x) имеет в точке x = a разрыв второго рода, если не существует или равен ±∞ хотя бы один из односторонних
пределов при x → a , и следовательно не существует lim f (x) (рис. 3).
x→ a
43
y
lim f(x) =
x a + 0
8
b
lim |
f(x) = b |
|||
x |
|
|
a - 0 |
|
|
||||
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
a - точка разрыва |
|
|
|
|
2 -го рода |
|
Рис. 3. Разрыв функции 2-го рода: |
||||
lim f (x) = b, lim f (x) = ∞ |
||||
x→ a−0 |
x→ a+0 |
Все |
элементарные функции непрерывны |
в своих |
областях |
|||
определения. |
|
|
|
|
|
|
Пример 37. Установите, является ли |
функции |
y = |
3x + 5 |
|
||
x − 2 |
||||||
|
|
|
|
непрерывной. Если нарушается непрерывность функции, то укажите точки и вид разрыва.
Решение
В примере 36 показали, что область определения функции |
y = |
3x + 5 |
|
|||||
x − 2 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|||
есть вся вещественная ось, кроме точки |
x = 2. Исследуем поведение |
|||||||
заданной |
функции в окрестности точки |
x = 2. |
Для этого |
найдем |
||||
односторонние пределы функции при условии, что x |
стремится к 2 слева, |
|||||||
а именно, x → 2 − 0, и x стремится к 2 справа, |
т.е. x → 2 + 0. |
|
|
|
||||
Вычислим левосторонний предел функции |
lim |
3x + 5 |
. |
|
|
|
||
|
|
|
|
|||||
|
|
x→ 2−0 |
x − 2 |
|
|
|
Если аргумент x стремится к 2 слева, то это означает, что x близок к 2, но все время меньше, чем 2. Предположим, что x =1.99999, тогда величина x − 2 = −α является бесконечно малой отрицательной. Предел числителя
3x + 5 |
при условии x → 2 − 0 |
равен 11. |
В самом деле |
lim 3x + 5 =11. |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
x→ 2−0 |
Тогда |
|
предел |
заданной |
функции |
при x → 2 − 0 |
находим как |
||
lim |
|
3x + 5 |
= |
11 |
= −∞ . |
|
|
|
|
|
−α |
|
|
|
|||
x→ 2−0 x − 2 |
|
|
|
|
44
Найдем правосторонний предел функции |
lim |
3x + 5 |
. |
||
|
|||||
|
|
x→ 2+ 0 |
x − 2 |
||
Аргумент |
x стремится к 2 справа. Это значит, что x |
очень близок к 2, |
|||
но остается |
все время большим, чем 2. |
Допустим, |
x = 2.00001, тогда |
величина x − 2 = α является бесконечно малой положительной величиной, т.е. α → 0. Предел числителя 3x + 5 при условии x → 2 + 0 тоже равен 11.
В самом |
деле |
lim |
3x + 5 =11. Тогда |
предел заданной функции |
при |
|||||||||||||||
|
|
x→ 2+0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x → 2 + 0 вычисляем как |
lim |
|
3x + 5 |
= |
11 |
= ∞. |
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
x→ 2+0 x − 2 |
|
α |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Таким образом, имеем |
lim |
|
3x + 5 |
= −∞, |
lim |
3x + 5 |
= +∞ . |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x→ 2−0 x − 2 |
|
x→ 2+0 x − 2 |
|
|
|
||||||||||
Поскольку оба |
предела |
есть |
бесконечно большие |
величины |
при |
|||||||||||||||
x → 2 ± 0, следовательно, |
x = 2 является точкой разрыва 2-го рода. |
|
||||||||||||||||||
Ответ: x = 2 является точкой разрыва 2-го рода. |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
Пример |
38. |
|
Установите, |
является |
ли |
|
функции |
||||||||||||
y = ln(x + 3)непрерывной. Если |
нарушается |
непрерывность, |
то укажите |
|||||||||||||||||
точки разрыва и назовите вид разрыва. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
Решение |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y = ln(x + 3) |
||
В примере 35 показали, что область определения функции |
есть бесконечный интервал (−3;∞). Из определения элементарной
функции y = ln(x) известно, что lim f (x)= −∞ . Обратите внимание, здесь
x→ +0
x → +0. Это говорит о том, что x стремится к нулю, оставаясь при этом все время положительным, т.е. x → 0 справа. В нашем же случае аргументом
логарифмической функции является |
выражение x + 3. |
Из сказанного |
|||
следует, что |
x + 3 > 0 |
и x + 3 → +0, а это означает, что |
x → −3+ 0. Таким |
||
образом, можно сделать вывод, что |
x = −3 является точкой разрыва 2-го |
||||
рода, так как |
lim |
ln(x + 3)= −∞. |
|
|
|
|
x→ −3+0 |
|
|
|
|
Ответ: x = −3 является точкой разрыва 2-го рода. |
|
|
|||
|
|
|
|
x +1, если |
x ≤1; |
|
|
|
|
|
|
Пример 39. Определите, является ли функции y = |
|
||||
|
|
|
|
x2 +1, если |
x >1 |
|
|
|
|
|
|
непрерывной. Если нарушается непрерывность, то укажите точки и вид разрыва.
Решение
45
Из задания функции видно, что при x ≤1 это линейная функция y = x +1,
а при x >1 − это парабола y = x2 +1. Эти функции определены при всех своих значениях аргумента. Неясность вносит x =1. Найдем односторонние пределы заданной функции при x →1.
Вычислим левосторонний предел функции при x →1, т.е. при x →1− 0.
Здесь |
в |
качестве функции для исследования возьмем y = x +1. |
Имеем |
lim |
(x +1) = 2. |
|
x→ 1-0 |
Найдем правосторонний предел функции при x →1, т.е. при x →1+ 0. В этом случае исследуем поведение функции y = x2 +1. Таким образом,
x→lim1+0(x2 +1)= 2. |
|
|
|
|
|
|
Из задания функции видно, что |
f (1) = 2 . Вычисления односторонних |
|||||
пределов дали результат: lim |
( |
x +1 = |
lim |
( |
x2 +1 = 2. |
|
x→ 1-0 |
|
) |
x→ 1+0 |
) |
Вывод: поскольку односторонние пределы функции при x →1 равны, и
равны |
они f (1)− значению функции в точке x =1, т.е. |
lim (x +1) = |
|
|
x→ 1-0 |
= lim |
(x2 +1)= f (1)= 2, то имеем право сказать, что заданная функция |
|
x→ 1+0 |
|
непрерывна на всей вещественной оси, в том числе и при x =1. Область определения и область непрерывности заданной функции: R = (−∞,+∞).
Ответ: функция непрерывна для всех x (−∞,+∞).
5.АСИМПТОТЫ
Асимптотой графика функции y = f (x)называется прямая, к
которой график функции неограниченно приближается при удалении точки графика от начала координат.
График функции может иметь асимптоты, но может и не иметь их.
Асимптоты могут быть трех видов.
Вертикальные асимптоты. Их проще всего определять. Надо уметь находить точки разрыва второго рода. Уравнение вертикальной
асимптоты записывается |
x = a , как уравнение прямой, параллельной оси |
|
Oy . При этом lim |
y = lim |
f (x) = ±∞ . |
x→ a |
x→ a |
|
Горизонтальные |
асимптоты. Чтобы их найти, надо уметь |
46
вычислять |
lim |
y = lim f (x). Предположим, что |
lim f (x) = b или |
|
x→ ±∞ |
x→ ±∞ |
x→ −∞ |
lim f (x) = b, причем b ≠ ±∞. Тогда говорят, что график функции имеет
x→ +∞
горизонтальную асимптоту при x → −∞ либо при x → +∞ . В таком случае горизонтальная асимптота записывается уравнением y = b, как уравнение прямой, параллельной оси Ox .
Наклонные асимптоты записываются уравнением y = kx + b. Это
уравнение прямой с угловым коэффициентом k . Величина b − величина отрезка, отсекаемого прямой y = kx + b на оси Oy . Значения k , b надо определить, исходя из заданной функции, асимптоты которой отыскиваем.
Как найти коэффициенты k , b уравнения наклонной асимптоты y = kx + b?
Прямые y = kx + b и y = kx параллельны. Прямая y = kx проходит через
начало координат. Из уравнения y = kx находим k = y . Если коэффициент x
k будет найден, то из уравнения y = kx + b определим коэффициент b: b = y − kx . Находим наклонные асимптоты графика функции y = f (x). Из
определения асимптоты и полученных выражений для величин k , b приходим к формулам, позволяющих вычислить коэффициенты k , b уравнения y = kx + b наклонной асимптоты графика функции y = f (x).
k = lim |
y |
= |
lim |
f (x) |
; |
b = lim |
(y − kx) = lim |
( f (x)− kx). |
||
|
|
|||||||||
x→±∞ x |
x→±∞ |
x |
x→±∞ |
|
|
x→±∞ |
|
|||
Примечание 1 . Если k = |
lim |
f (x) |
= 0, то наклонные асимптоты |
|||||||
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
x→±∞ |
x |
|
||
вырождаются в горизонтальные. В самом деле, |
уравнение наклонной |
|||||||||
асимптоты y = kx + b принимает вид |
y = kx + b = 0x + b = b y = b . |
|||||||||
Примечание 2. |
Коэффициенты k , |
b уравнения y = kx + b |
наклонной асимптоты надо находить при x → −∞ и при x → +∞ отдельно.
Определяем k = lim |
f (x) |
, b = |
lim |
( f (x)− kx) при x → −∞ . Если эти |
|
||||
x→ −∞ |
x |
x→ −∞ |
|
|
пределы существуют, то уравнение |
наклонной асимптоты записываем как |
47
y = kx + b. |
|
Асимптоту |
в этом случае |
называют левой |
наклонной |
|||||||||
асимптотой. В самом деле, x стремится к −∞ , т.е. x → −∞ . |
|
|
|
|
||||||||||
Если коэффициенты k , b |
находим при |
x → +∞ , т.е. |
k = |
lim |
f (x) |
и |
||||||||
|
||||||||||||||
x→ +∞( |
|
( |
|
) |
|
) |
|
|
|
|
x→ +∞ |
x |
||
|
|
− kx |
, и |
они |
существуют, |
то говорим, |
что получили |
|||||||
b = lim |
f |
|
x |
|
|
уравнение y = kx + b правой наклонной асимптоты.
3x + 5
Пример 40. Найдите асимптоты графика функции y = x − 2 .
Решение
Решение этого примера состоит из трех этапов: нахождение
вертикальной асимптоты, горизонтальной асимптоты и наклонной. |
|
|
|||||||||||||||||||||||
Данную функцию рассматривали в примерах 35 и 37. |
Она не |
||||||||||||||||||||||||
является |
непрерывной |
и |
|
имеет |
разрыв |
второго |
рода, |
при |
этом |
||||||||||||||||
lim |
|
3x + 5 |
= −∞, |
lim |
|
3x + 5 |
= +∞ . Следовательно, x = 2 − уравнение |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
x→ 2−0 x − 2 |
|
|
|
x→ 2+0 x − 2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
вертикальной асимптоты. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Найдем |
горизонтальные асимптоты. Для этого |
надо |
найти |
||||||||||||||||||||||
lim |
3x + 5 |
|
и |
lim |
|
3x + 5 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
x→ +∞ x − 2 |
|
|
|
|
|
x→ −∞ x − 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Сначала рассмотрим |
lim |
3x + 5 |
. |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→ +∞ x − 2 |
|
|
|
|
|
|
||||||||
lim |
3x + 5 |
= |
|
3 |
= 3. |
Следовательно, |
y = 3 − уравнение |
горизонтальной |
|||||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||||||||
x→ +∞ x − 2 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
асимптоты при x → +∞ . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Теперь |
|
найдем |
|
lim |
|
3x + 5 |
. |
В этом |
пределе |
надо |
учесть, |
что |
|||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→ −∞ |
|
x − 2 |
|
|
|
|
|
|
аргумент x все время остается отрицательным. Введем новую
положительную переменную t |
(t > 0): x = −t , откуда следует, что t = −x . Из |
|||||||
этой замены видно, что при |
x → −∞ переменная t → ∞ . Воспользуемся |
|||||||
новой переменной t , подставим x = −t в искомый предел. Будем иметь |
||||||||
lim |
3x + 5 |
= |
lim |
3(−t)+ 5 |
= |
lim |
−3t + 5 = |
−3 = 3. |
|
−t − 2 |
|||||||
x→ −∞ x − 2 |
t→ ∞ |
|
t→ ∞ |
−t − 2 |
−1 |
|||
Вычисления |
показали, |
что |
значение |
предела при x → −∞ не |
48
изменилось. А это означает, что график функции y = |
3x + 5 |
при x → −∞ |
|
x − 2 |
|||
|
|
приближается к прямой y = 3, которая называется горизонтальной асимптотой.
Таким образом, уравнение y = 3 является горизонтальной асимптотой.
Заметим, что замену переменной x = −t , где t > 0, делаем всегда, когда находим предел функции при x → −∞.
Имеет ли график заданной функции наклонные асимптоты, уравнения которых записываются y = kx + b?
|
Вычислим сначала угловой коэффициент k по формуле |
k = |
lim |
|
f (x) |
. |
|||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→±∞ x |
|||||
|
Рассмотрим |
случай, |
|
когда |
x → +∞. Будем иметь |
k = |
lim |
|
f (x) |
= |
|||||||
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→+∞ |
|
x |
||||
|
3x + 5 |
|
|
|
3x + 5 |
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|||
= |
lim |
|
: x |
= lim |
|
|
|
|
= |
= 0. Отсюда следует, что k = 0. |
|
|
|
|
|||
|
|
|
− 2)x |
|
|
|
|
||||||||||
|
x→+∞ x − 2 |
|
x→+∞ (x |
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
Очевидно, что при x → −∞ получим то же самое значение предела.
Поскольку k = 0, то можно сделать вывод, что график заданной функции не имеет наклонных асимптот.
3x + 5
Ответ: заданная функция y = x − 2 имеет вертикальную асимптоту x = 2 и горизонтальную асимптоту y = 3. Наклонных асимптот нет.
6.ПРЯМАЯ НА ПЛОСКОСТИ
Рассмотрим три способа задания прямой на плоскости. Прежде всего отметим, что это линейные уравнения, т.е. такие уравнения, в которых переменные x и y содержатся только в первых степенях.
Уравнение прямой с угловым коэффициентом y = kx + b.
Сначала исследуем прямую, которая задана уравнением y = kx. Эта прямая всегда проходит через начало координат, т.е. через точку O(0;0).
Коэффициент k называется угловым коэффициентом. Равен он тангенсу угла наклона, образуемого прямой с положительным направлением оси
49
Ox (рис.4), т.е. k = tgα . Если учесть, что тангенс острого угла есть
величина положительная, а тангенс тупого угла – величина отрицательная, то можно очень быстро представить расположение прямой на плоскости (рис.3). Заметим, что углом между прямой и положительным направлением оси Ox называют наименьший угол.
y
y=kx, k=y/x, κ=tgα>0
κ=tgβ<0
y
β
α
x x
Рис. 4. Геометрический смысл углового коэффициента k
50
y
y=kx+b
by=kx, k=y/x, κ=tgα
y=kx-b y
α
x
x
-b
|
Рис. 5. Построение графика прямой y = kx + b |
|
||
Прямая, |
заданная |
уравнением y = kx + b, |
параллельна |
прямой, |
описанной |
уравнением |
y = kx. Коэффициент b |
есть величина |
отрезка, |
отсекаемого прямой y = kx + b на оси Oy. Эта величина может быть как положительной, так и отрицательной. Для того, чтобы построить график прямой y = kx + b, зная график прямой y = kx, надо прямую y = kx параллельно поднять на величину b относительно начала координат, если b > 0. Если же величина b отрицательная, тогда прямую y = kx надо параллельно опустить на величину b относительно начала координат (рис. 5).
Общее уравнение прямой на плоскости
Линейное уравнение вида Ax + By + C = 0 называется общим уравнением прямой на плоскости.
Если коэффициент C = 0, то прямая, уравнение которой в этом случае записывается Ax + By = 0, проходит через начало координат.
51
Важную роль выполняют коэффициенты A, B. Вектор n (A; B),
координатами которого являются эти числа, называется нормальным вектором прямой, заданной уравнением Ax + By + C = 0.
Следует обратить внимание на тот факт, что A − это проекция нормального вектора n (A; B) на ось Ox, B − это проекция нормального вектора n (A; B) на ось Oy.
Вектор n (A; B), начало которого совпадает с началом координат, задает общее расположение прямой на плоскости: искомая прямая перпендикулярна вектору n (A; B).
Взаимное расположение прямых на плоскости
На плоскости заданы прямые L1, L2 общими уравнениями:
L1 : A1x + B1y + C1 = 0; L2 : A2x + B2y + C2 = 0.
Если выполнены условия |
A1 |
= |
B1 |
= |
C1 |
, то прямые L , |
L совпадают. |
|||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
A2 B2 C2 |
|
|
1 |
2 |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Если |
выполнены |
условия |
|
|
A1 |
= |
B1 |
≠ |
C1 |
, |
то |
прямые |
||||
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A2 |
|
B2 |
|
C2 |
|
|
|
L1, L2параллельны. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Векторы n1 (A1; B1), |
n2 (A2; B2 ) − нормальные векторы прямых L1 и L2 |
|||||||||||||||
соответственно. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Если скалярное произведение векторов n1 и |
n2 обращается в ноль, |
|||||||||||||||
т.е. n1 n2 = 0, то прямые L1 и |
L2 перпендикулярны. |
|
|
|||||||||||||
Условие перпендикулярности прямых L1 и |
L2 в координатной форме: |
A1 A2 + B1 B 2 = 0
Уравнение прямой, проходящей через точку, с заданным угловым коэффициентом
На плоскости дана точка M0 (x0; y0 ). Прямая, угловой коэффициент k
которой задан, проходит через эту точку M0 (x0; y0 ) (рис.6). Уравнение ее
имеет вид: |
y |
− y 0 |
= k (x − x 0 ) |
|
52