ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНОЕ ИСЧИСЛЕНИЕ Трофимов Агульник
.pdflim |
f (x) |
= lim |
f ′(x) |
, |
|||
|
|
|
|
||||
g(x) |
|
g (x) |
|||||
|
|
|
|||||
x→∞ |
|
|
x→∞ |
′ |
|
||
|
|
|
|
|
если существует предел, стоящий справа. Для доказательства последнего равенства достаточно сделать замену x = 1t , применить правило Лопиталя при t → 0 , а затем вернуться к исходной переменной.
§2.6. Виды неопределенностей и их раскрытие
Всего насчитывается семь видов неопределенностей. Рассмотрим каждый из них и покажем, как они раскрываются, т.е. как вычисляются соответствующие пределы.
Неопределённость вида |
0 |
|
|
|
|
|
||
0 |
|
|
|
|
|
|||
Рассмотрим предел |
|
|
|
|
|
|||
|
|
f (x) |
|
|
|
|||
|
|
|
lim |
. |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|||
Если lim f (x ) = lim g (x ) = 0 , |
|
x→a |
g (x) |
|
|
|||
то при вычислении |
предела отношения этих |
|||||||
x→a |
x→a |
|
|
|
|
0 |
|
|
функций |
мы имеем неопределенность вида |
. Выше мы подробно |
||||||
0 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
рассмотрели, как с помощью правила Лопиталя можно раскрывать неопределенность такого вида.
Неопределенность типа |
∞ |
|
|
||
|
lim f (x)= ∞ |
|
∞ |
|
|
Если |
и |
lim g(x) = ∞, |
то при вычислении |
предела |
|
|
x→a |
|
x→a |
|
вида ∞ . |
отношения |
этих функций |
мы имеем дело с |
неопределенностью |
||
|
|
|
|
|
∞ |
Заметим, что здесь a может быть как конечным числом, так и бесконечностью. Для вычисления этих пределов справедливо то же правило Лопиталя, но в другом виде.
Теорема 2.7. Если функции f (x) и g ( x) определены и дифференцируемы на
промежутке |
[a,b], |
причём g ′( x) ≠ 0 и lim f (x ) = ∞ , |
lim g (x ) = ∞ , и |
|
если |
|||
|
|
x→a |
x→a |
f ′(x) |
|
|
|
|
существует |
предел |
отношения производных, т. е. |
lim |
= A |
, |
то |
||
g′(x) |
||||||||
|
|
|
x→a |
|
|
|
f (x)
существует предел lim ( ) и он также равен A.
x→a g x
∞
Доказательство. Рассмотрим неопределенность вида ∞ . Используя тождественные преобразования, имеем:
91
|
f (x ) |
|
1 |
|
|
1 |
|
|
(2.18) |
||||
lim |
|
|
= lim |
|
: |
|
|
|
|
||||
g (x ) |
|
|
|
|
|||||||||
x →a |
x→a |
g ( x) f ( x) |
|
|
0 |
|
|||||||
В правой части равенства (2.18) |
получилось |
неопределенность |
вида |
, к |
|||||||||
0 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
которой применимо правило Лопиталя, доказанное выше.
|
f |
( |
x |
) |
|
1 |
|
1 |
|
|
|
1 |
′ |
|
lim |
|
|
= lim |
: |
|
= lim |
|
|
: |
|||||
g (x) |
|
|
|
|||||||||||
x→a |
x→a g(x) f (x) |
x→a |
g(x) |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1′
= f (x)
= lim |
|
− |
g ′( x) |
: |
|
− |
f ′( x) |
= lim |
g ′( x) f 2 |
(x) |
. |
|||
|
2 |
|
|
2 |
|
′ |
2 |
|
||||||
x→a |
|
|
|
x→a |
|
|
||||||||
|
g (x) |
|
|
|
f (x) |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
f ( x) g (x) |
Воспользовавшись тем, что предел произведения равен произведению пределов, имеем
|
f (x) |
|
′ |
|
|
f |
2 |
|
|
|
|
′ |
|
|
f (x) |
2 |
lim |
= lim |
g (x) |
lim |
(x) |
= lim |
|
g (x) |
lim |
|
|||||||
|
′ |
|
2 |
|
|
′ |
|
|||||||||
|
g(x) |
|
|
|
g (x) |
|
|
|
|
|
g(x) |
|||||
x→a |
|
x→a |
|
|
x→a |
|
|
|
x→a |
|
|
|
x→a |
|
|
|
или |
|
|
|
|
f ′(x) |
|
|
f (x) |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
lim |
= lim |
. |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
g (x) |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
x→a |
x→a |
g(x) |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
По условию теоремы предел в левой части последнего равенства существует и равен А, и, тем самым, теорема доказана.
Теорема остается справедливой и в том случае, когда x стремится к бесконечности.
Рассмотрим примеры.
Пример 2.4. Найти предел lim |
|
ln x |
, |
(ε > 0). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
xε |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
ln x |
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
(ln x)′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|||||||
Решение. lim |
|
= |
|
|
|
= lim |
= lim |
|
x |
|
|
|
= lim |
|
= 0 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(xε )′ |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
x→∞ xε |
|
|
∞ |
|
x→∞ |
|
x→∞ ε xε−1 |
x→∞ ε xε |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
Отсюда, в частности, следует, что функция |
g ( x) = xε |
при любом положительном ε |
|||||||||||||||||||||||||||
стремится к бесконечности быстрее, |
чем функция |
f (x) = ln x , т. е. логарифмическая |
|||||||||||||||||||||||||||
функция возрастает медленнее, чем любая степенная функция. |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
Пример 2.5. Найти предел lim |
xε |
|
(ε > 0, a >1). |
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ ax |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Решение. lim |
xε |
= |
|
∞ |
|
|
= lim |
(xε )′ |
= lim |
ε xε−1 |
. |
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
(a x )′ |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
x→∞ a x |
|
∞ |
|
|
|
x→∞ |
|
x→∞ ax ln a |
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
92
Если ε > 0 , то справа имеем неопределенность того же типа |
∞ |
|||||||||||||||||||||||
∞ , но продолжая этот |
||||||||||||||||||||||||
процесс, используя |
то |
же |
правило |
|
Лопиталя, |
в конце концов, получим степень с |
||||||||||||||||||
отрицательным или нулевым показателем. Поэтому всегда |
lim |
xε |
= 0 . |
|||||||||||||||||||||
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ ax |
|
|
||
Таким образом, показательная функция с основанием больше единицы возрастает |
||||||||||||||||||||||||
быстрее степенной функции. |
|
|
x 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Пример 2.6. Найти предел |
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
2 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
x2 |
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Решение. lim |
= |
|
∞ |
|
|
= lim |
2x |
|
= |
|
|
∞ |
|
= lim |
2 |
|
= 0 . |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
2x |
|
∞ |
|
|
2x ln 2 |
|
|
∞ |
|
2x ln2 |
2 |
|
|
|||||||||||
x→∞ |
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
Неопределенность вида 0 ∞ |
|
Если lim f (x)= 0, а lim g(x)= ∞, то при вычислении предела произведения |
|
x→a |
x→a |
lim f (x)g(x) мы имеем дело с неопределенностью вида 0 ∞. Неопределенность |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
x→a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
такого типа |
легко привести либо к неопределенности вида |
|
0 |
, либо |
к |
|||||||||||||||||||||||||||||||
0 |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
неопределенности вида ∞ , а затем воспользоваться правилом |
Лопиталя. |
В |
||||||||||||||||||||||||||||||||||
самом деле: |
|
|
|
|
|
|
f (x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
g (x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
f (x ) g (x ) = |
|
= |
|
0 |
|
|
= |
|
= |
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
g (x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f |
(x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Пример 2.7. Найти предел: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
ln x |
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Решение. lim x ln x = |
|
0 ∞ |
|
= lim |
= |
|
|
= lim |
|
|
x |
|
|
= − lim x = 0 . |
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
x → 0 + |
|
|
|
|
x → 0 + |
1 |
|
|
|
|
∞ |
|
|
|
x → 0 + |
− |
|
1 |
|
|
|
x → 0 + |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Неопределённость вида ∞ − ∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Если при вычислении предела lim( f (x)− g (x)) |
|
имеют место равенства |
||||||||||||||||||||||||||||||||||
lim f (x) = ∞ |
|
|
|
|
|
|
|
x→a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
и lim g(x) = ∞, то говорят о неопределенности вида ∞ − ∞ . |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
x→a |
x→a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Можно произвести преобразования, сводящие это выражение к
неопределенности вида |
0 |
|
или ∞ : |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
0 |
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
f (x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
= |
|
1 |
|
− |
|
1 |
|
= |
|
g (x ) |
|
f (x ) |
|
= |
|
0 |
|
. |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
g (x ) |
|
1 |
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
0 |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
f (x ) |
|
|
|
g (x ) |
|
|
|
|
f (x ) |
g (x ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
Иногда того же результата можно достичь значительно проще.
93
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
x − |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Пример 2.8. Найти предел lim ctg |
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
x |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Решение. |
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
x2 cos2 x −sin2 x |
|
xcos x + sin x |
|
xcos x −sin x |
|
|||||||||||
|
2 |
x − |
1 |
|
= lim |
= lim |
|
= |
||||||||||||||
lim ctg |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
x |
2 |
|
|
x |
2 |
sin |
2 |
x |
x |
xsin |
2 |
x |
|||||||||
x→0 |
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
= lim |
x cos x + sin x |
lim |
xcos x −sin x |
= |
|
0 |
|
= −2lim |
|
1 |
= − |
2 |
. |
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
x |
xsin2 x |
0 |
sin x |
|
3 |
|||||||||
x→0 |
x→0 |
|
|
|
x→0 |
+ 2cos x |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
Неопределенности вида 1∞,00,∞0
В случае неопределенностей вида 1∞,00,∞0 рекомендуется эти выражения сначала прологарифмировать.
Пусть y = ( f ( x))g ( x) , тогда ln y = (ln f (x)) g(x) . Предел ln y представляет неопределенность вида 0 ∞, которую мы изучили ранее. Предположим, что используя приемы, описанные выше, мы нашли lim ln y , который оказался
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
равный либо конечному числу A, либо +∞, либо −∞. Тогда исходный предел |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
будет равен, соответственно, либо e A, либо +∞, либо 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1−cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
Пример 2.9. Найти предел |
|
lim |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− sin x |
|
1 |
|
|
|
||||||||
Решение. |
Имеем |
неопределенность |
|
вида |
∞ |
|
1−cos x |
, тогда |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
1 . Пусть |
y = |
x |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
ln y = |
|
|
ln |
|
. Здесь неопределенность вида 0 ∞. Найдем limln y : |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
x |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
1 |
− cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos x |
1 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
ln |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
= lim |
ln sin x − ln x |
|
|
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
lim ln y = lim |
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
= lim |
|
sin x |
x |
|
= |
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
1 − cos x |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
−sin x |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
x→0 |
|
|
|
|
x→0 |
|
|
x→0 |
1 − cos x |
x→0 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
= lim |
x cos x − sin x |
|
|
0 |
|
|
= lim |
cos x − x sin x − cos x |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
x→0 |
|
x sin2 x |
|
|
|
|
|
|
|
x→0 sin2 x + 2x sin x cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
= −lim |
|
x sin x |
|
|
= −lim |
|
1 |
|
|
= −lim |
|
1 |
|
|
|
|
= − |
1 |
. |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
sin2 x + 2x sin x |
|
sin2 x |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
x→0 |
|
|
x→0 |
x→0 sin x |
+ 2 |
|
|
3 |
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x sin x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
lim y = e− |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
Следовательно, |
|
3 |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
x→0 |
|
|
|
3 |
e |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
94
Для закрепления материала решите самостоятельно следующие примеры и задачи.
Найти пределы, раскрывая неопределенности, применяя правило Лопиталя:
|
ln (1 + x ) |
|
x |
|
||||
2.1. |
lim |
|
|
2.2. lim(π − x)tg |
|
|
|
|
x |
|
|||||||
|
x → ∞ |
|
x→π |
2 |
|
2.3. |
lim (cos(x)tg(5x) ) |
x →π 2 |
2.5.lim x a r c s in x x → 0
2.7. |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
lim x |
x |
|
|
|
|
|
||||
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
||
2.9. |
lim |
1−cos(ax) |
||||||||
|
1− cos(bx) |
|
||||||||
|
x→0 |
|
||||||||
2.11. |
lim x 2 e 1 x |
|||||||||
|
x → 0 |
|
|
|
|
|
|
|
||
2.13. |
lim |
[sin(2x −1)tg(π x)] |
||||||||
|
x→1 2 |
|
|
|
|
|
|
|
||
2.15. |
lim |
x3 −4x2 +4x |
|
|||||||
|
||||||||||
|
x→2 |
|
x3 −10x +12 |
|||||||
2.17. |
|
|
|
|
|
x |
) |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
x |
|||||
|
lim 1+e |
|
|
|
||||||
|
x→∞( |
|
|
|
|
|
|
2.4. lim ex
x→∞ x3
2.6.limx→0 (1−e2x )ctg(x)
2.8. lim |
e2 x −1 |
|
ln(1+ 2x) |
||
x→0 |
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
2.10. |
lim |
|
− |
|
|||
|
|
2 |
|||||
|
x→0 |
x sin(x) |
|
x |
|
||
2.12. |
lim |
ax −bx |
|
|
|
|
|
tg(x) |
|
|
|
||||
|
x→0 |
|
|
|
2.14. |
lim |
e2 x − 2x −1 |
|||||
|
|
|
|
|
|||
x |
2 |
|
|||||
|
x→0 |
|
|
|
|
||
2.16. |
lim |
1− 2sin(x) |
|
|
|||
|
|
||||||
|
x→π 6 |
cos( 3x) |
|
2.18.lim (sin( x) )tg ( x )
x → 0
95
Глава 3. Исследование функций
§3.1. Условия возрастания и убывания функций
|
Пусть |
функция |
y = f ( x) |
задана |
на промежутке от |
a до |
b. Введем |
|||
определения, которые будут использоваться в дальнейшем. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f(x2) |
|
|
|
|
|
f(x1) |
|
b |
|
|
|
|
|
|
|
|
x2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
a x1 |
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
f(x1) |
|
|
|
|
|
f(x2) |
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a |
x1 |
x2 |
b |
|
|
Рис. 3.2 |
|
|
|
|
|
Рис. 3.1 |
|
|
|
|
|
|
||
Определение 3.1. Функция y = f ( x) , |
заданная в интервале |
(a,b), |
называется |
монотонно возрастающей, если большему значению аргумента соответствует
большее значение функции, т.е., если x1, x2 (a,b) и |
x2 > x1 , |
то f (x2 ) > f (x1 ) |
||||
(рис.3.1). |
|
|
y = f ( x) |
|
|
|
Определение |
3.2. |
Функция |
называется |
возрастающей |
||
(неубывающей) |
на |
интервале (a,b), |
если при любых |
x1, x2 (a,b) таких, что |
x2 > x1 , всегда выполняется неравенство f ( x2 ) ≥ f ( x1 ) .
Аналогично определяются монотонно убывающие функции и убывающие (невозрастающие) функции:
Определение 3.3. Функция y = f ( x) , заданная в интервале (a,b), называется монотонно убывающей, если большему значению аргумента соответствует
меньшее значение функции, т.е., если x1, x2 (a,b) и x2 > x1 , то f (x2 ) < f (x1 ) (рис.3.2).
Определение 3.4. Функция y = f ( x) называется убывающей (невозрастающей) на интервале (a,b), если при любых x1, x2 (a,b) , x2 > x1 , всегда выполняется
неравенство f (x2 ) ≤ f (x1 ) .
Выясним, каким образом по производной можно судить о возрастании или убывании функции в заданном промежутке. Теоремы, сформулированные и доказанные ниже, позволят с помощью производной функции найти промежутки возрастания и убывания функции.
96
Теорема 3.1. Если функция f (x) |
определена и непрерывна на интервале (a,b), |
|||||||||||||||
имеет конечную производную f |
′ |
|
и возрастает, то ее производная на этом |
|||||||||||||
(x) |
||||||||||||||||
интервале не отрицательна, т.е. |
f ′( x) ≥ 0 , для любого x (a,b). |
|
|
|
|
|||||||||||
Доказательство: |
Пусть функция |
|
f (x) |
удовлетворяет |
условиям |
теоремы. |
||||||||||
Предположим, что x произвольная точка отрезка (a,b) и |
∆x > 0 произвольное |
|||||||||||||||
приращение, |
такое, |
что |
x + ∆x (a,b) . |
Так |
как |
f (x) |
возрастающая, |
то |
||||||||
f (x + ∆x) − f (x) ≥ 0 , |
и в пределе при ∆x → 0 , |
получим |
′ |
|
|
Теорема |
||||||||||
f (x) ≥ 0 . |
||||||||||||||||
доказана. |
|
|
|
|
|
|
определена на интервале (a,b) |
|
|
|
||||||
Теорема 3.2. Если функция |
|
f (x) |
и имеет на |
|||||||||||||
этом интервале конечную неотрицательную производную |
f |
′ |
|
то |
||||||||||||
(x) ≥ 0 , |
||||||||||||||||
функция f (x) |
возрастает на интервале (a,b). |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Доказательство: Пусть x1, x2 |
( x2 > x1 ) |
две произвольные точки интервала |
||||||||||||||
(a,b). Применим |
теорему |
Лагранжа к |
функции |
f (x) |
на отрезке |
[x1, |
x2], |
|||||||||
|
|
|
′ |
|
|
|
− x1 ), |
x1 < c < x2 . Так как |
f ′(c) ≥ 0 , |
то |
||||||
получим f (x2 ) − f (x1 ) = f (c) (x2 |
||||||||||||||||
f ( x2 ) ≥ f ( x1 ) , |
т.е. функция |
f (x) |
возрастает |
на |
интервале |
(a,b). |
Теорема |
доказана.
Совершенно аналогично доказываются нижеследующие утверждения.
Теорема 3.3. Если функция |
f (x) определена |
на |
интервале |
(a,b), имеет |
||||||
конечную производную |
′ |
и убывает, то ее производная на этом интервале |
||||||||
f (x) |
||||||||||
не положительна, т.е. |
f ′( x) ≤ 0 , для любого x (a,b). |
|
|
|
|
|
||||
Теорема 3.4. Если функция |
f (x) определена на интервале (a,b) |
и имеет на |
||||||||
этом интервале конечную |
неположительную |
производную |
f |
′ |
, то |
|||||
( x) ≤ 0 |
||||||||||
функция f (x) убывает на интервале (a,b). |
|
|
|
|
|
|
||||
Замечание. |
Отметим, |
что функция |
монотонно |
возрастает |
(убывает), |
если |
||||
производная |
функции |
′ |
|
′ |
нет |
целого |
промежутка, на |
|||
f ( x) ≥ 0 , ( f |
( x) ≤ 0 ) и |
|||||||||
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
котором f (x) тождественно равна нулю. |
|
|
|
|
|
|
||||
|
§3.2. Экстремум функции. Необходимое условие |
|
Пусть функция f (x) определена и непрерывна на отрезке [a,b]. Определение 3.5. Если функция f (x) определена и непрерывна на отрезке [a,b], то говорят, что она достигает в точке x0 (a,b)максимума (минимума), если существует окрестность точки (x0 −δ, x0 + δ) , (целиком содержащаяся в отрезке [a,b]) такая, что для всех точек x (x0 − δ, x0 + δ) этой окрестности
выполняется неравенство f (x) < f (x0 ) ( f (x) > f (x0 )) .
Определение 3.6. Точки максимума и минимума функции называются точками
экстремума функции.
97
Наша цель – нахождение всех значений аргумента, при которых функция достигает экстремума. В решении этой задачи основную роль играет
производная. |
Первоначально предположим, |
что функция f (x) в |
интервале |
(a,b) имеет |
конечную производную. Пусть |
точка x0, x0 (a,b), |
, является |
точкой экстремума функции. Найдем производную в этой точке. Не уменьшая общности можно предположить, что в точке x0 функция f (x) достигает
максимума. Согласно определению, найдется окрестность (x0 −δ, x0 + δ) точки
x0, для всех точек которой выполняется неравенство |
|
|
|||
Рассмотрим выражение |
|
f (x) < f (x0 ) |
|
(3.1) |
|
|
f (x0 + ∆x) − f (x0 ) |
|
|
||
∆f |
= |
, |
(3.2) |
||
∆x |
∆x |
||||
|
|
|
которое при ∆x → 0 является производной функции в точке x0. Зафиксируем ∆x
таким образом, чтобы x0+∆x принадлежащему |
интервалу (x0 −δ, x0 + δ) . |
Величина f (x0 + ∆x) − f (x0 ) в силу соотношения |
(3.1) всегда отрицательна. |
Следовательно, знак выражения, определяемого равенством (3.2), полностью определяется знаком ∆x . А именно: при ∆x > 0
∆f |
= |
f (x0 |
+ ∆x) − f (x0 ) |
|
≤ 0 |
(3.3) |
∆x |
|
∆x |
||||
|
|
|
|
|
||
и при ∆x < 0 |
|
f (x0 |
+ ∆x) − f (x0 ) |
|
|
|
∆f |
= |
|
≥ 0. |
(3.4) |
||
∆x |
|
∆x |
|
|||
|
|
|
|
|
Переходя к пределу в (3.3) и (3.4) получим выражение для производной
f ′(x0 ) . Из (3.3) вытекает, что f ′(x0 ) ≤ 0 , а из (3.4) вытекает, что f ′(x0 ) ≥ 0 .
Следовательно, f ′( x0 ) = 0 . В этом и состоит необходимое условие экстремума.
y
x1
x0 x
Рис. 3.3
Экстремум будем искать только в тех точках, где производная равна нулю. На рис.3.3 это точки x0 и x1 . Особо следует отметить, что равенство нулю
производной вовсе не означает, что в этой точке функция достигает
98
экстремума. Это условие, подчеркнем еще раз, является необходимым, но не достаточным. Например, функция x3 имеет производную 3x2, равную нулю при x = 0 , но в этой точке функция не имеет экстремума. Эта функция везде возрастает.
Допустим теперь, что в отдельных точках интервала (a,b) функция не
имеет производных. Тогда не исключена возможность, что именно в этих точках функция может достигать минимального или максимального значения.
Например, функция x в точке x = 0 имеет минимум, хотя производной в этой
точке у этой функции не существует. Точнее, есть левая производная, равная −1, и есть правая производная, равная +1.
Суммируя все вышесказанное, сформулируем необходимое условие экстремума функции.
Теорема 3.5 (необходимое условие экстремума). Если непрерывная и дифференцируемая во всех точках некоторой окрестности точки x0 , за исключением, быть может, самой точки x0, функция y = f ( x) достигает
экстремума в точке x0 , то ее производная в точке x0 либо равна нулю, либо не существует.
Таким образом, только в точках, в которых производная равна нулю либо производная не существует, следует ожидать появления экстремума функции. Точки, в которых производная равна нулю или не существует, будем называть
критическими точками.
§3.3. Достаточные условия экстремума
Итак, если x0 - критическая точка для функции f (x) , то эта точка является
всего лишь «подозрительной» на экстремум и поведение функции в окрестности этой точки подлежит дальнейшему исследованию. Эти исследования состоят в проверке достаточных условий существования экстремума, которые будут установлены ниже.
Исследование экстремума функции с помощью первой производной
Пусть в некоторой окрестности (x0 −δ, x0 + δ) точки, (за исключением быть
может точки x0) существует конечная производная |
′ |
так и |
||
f (x) и слева от x0 , |
||||
справа от x0 сохраняет определенный знак. |
|
|
||
Тогда возможны случаи: |
|
|
|
|
′ |
′ |
′ |
|
|
1) f (x) > 0 при x< |
x0 и f |
(x) < 0 при x> x0, |
т.е. производная f (x) при |
|
переходе через точку x0 |
меняет знак “плюс” на “минус’’. Это означает, что в |
|||
промежутке (x0 − δ, x0 ) функция |
f (x) возрастает, |
а в промежутке (x0 , x0 + δ) |
||
убывает, следовательно, значение f ( x0 ) будет наибольшим для функции |
f (x) |
|||
в промежутке (x0 −δ, x0 + δ) т.е. в точке x0 функция имеет максимум. |
|
99
′ |
′ |
при x > x0 , т.е. производная |
′ |
2) f (x) < 0 при x < x0 и f (x) > 0 |
f (x) при |
||
переходе через точку x0 |
меняет знак “минус” на “плюс’’. В этом случае легко |
||
убедиться, что в точке x0 |
функция имеет минимум. |
|
|
′ |
|
′ |
и слева и |
3) f (x) > 0 как при |
x < x0 так и при x > x0 либо же f (x) < 0 |
||
справа от x0 , т.е. при переходе через x0 |
f ′(x) не меняет знака. Тогда функция |
либо все время возрастает, либо все время убывает, так что в точке x0 никакого
экстремума нет.
Итак, мы получили достаточное условие для исследования экстремума
функции. |
|
x0 - критическая для функции |
|
|
|
|
||
Пусть точка |
f (x) . Тогда, подставляя в |
|||||||
производную f ′(x) сначала значения х меньшие, |
чем x0 , |
а затем значения х |
||||||
большие, чем x0 , |
устанавливаем знак производной вблизи от точки x0 |
слева и |
||||||
|
|
|
′ |
меняет знак плюс на минус, то в |
||||
справа. Если при этом производная f (x) |
||||||||
точке |
x0 |
функция имеет максимум, если меняет знак минус на плюс, то в |
||||||
точке x0 |
функция имеет минимум; если же знак производной не меняется, то |
|||||||
в этой точке экстремума нет. |
|
|
|
|
|
|||
Данное правило полностью решает вопрос в том случае, когда на |
||||||||
интервале |
(a,b) |
всего лишь конечное |
число |
критических |
точек. |
Пусть |
||
x1 < x2 |
< |
< xn критические точки функции f (x) . Тогда в любом промежутке |
||||||
(a, x1 ), |
(x1, x2 ), |
…, (xn ,b) существует |
производная |
′ |
сохраняющая |
|||
f (x) , |
постоянный знак. Рассматривая соседние промежутки и применяя достаточные условия существования экстремума функции легко определить, есть или нет экстремума в каждой из точек x1 , x2 , , xn .
Исследование экстремума функции с помощью второй производной
Пусть при первая производная функции y = f ( x) обращается в нуль, т.е. f ′( x0 ) = 0 . Такие точки будем называть стационарными точками данной функции. Допустим также, что в этой точке функция дважды
дифференцируема, т.е. |
f ′′( x) |
существует и |
непрерывна в этой точке и в |
||
некоторой её окрестности. |
|
|
|
|
|
Справедливо утверждение: |
|
|
|
|
|
Теорема 3.6: Пусть функция |
f (x) |
дважды непрерывно дифференцируема в |
|||
окрестности стационарной точки |
x0 , если |
f ′′( x0 ) > 0 , |
то функция имеет |
||
минимум, если же f ′′( x0 ) < 0 , то - максимум. |
|
|
|||
Доказательство. Пусть выполнены условия теоремы, т.е. |
f ′( x0 ) = 0 и значение |
||||
f ′′( x0 ) существует. Если |
f ′′( x0 ) > 0 , |
то функция g ( x) = f ′( x) возрастает, т. е. |
|||
вблизи точки x0 слева |
f ′( x) < f ′( x0 ) = 0 , а справа f ′( x) > f ′( x0 ) = 0 . Таким |
100