de1
.pdfно с измененным показателем kn − k + 1 вместо n. Учитывая, что параметр k является произвольным, потребуем, чтобы kn − k + 1 = 0, т. е.
1
k = 1 − n.
При этом мы получаем линейное уравнение вида (1.2.1), а именно,
u′ + f (x)u = g(x). k k
Последовательно выполнив обратные преобразования, находим общее решение уравнения Бернулли
y(x) = exp −Z f (x) dx Z |
(1−n)g(x) exp (1−n)Z f (x) dx dx + C |
1 |
|
1−n . |
(1.3.3) Замечание 1. Преобразование (1.3.2) задает на классе уравнений Бернулли непрерывную группу эквивалентности по параметру n. Нейтральный элемент (преобразование при k = 0) соответствует тожде-
ственному преобразованию.
Замечание 2. При n = 1 исходное уравнение представляет собой линейное однородное уравнение с общим решением вида (1.1.4), приведенные выше рассуждения не имеют смысла, и в формуле (1.3.3) n 6= 1.
Способ 2. Точно так же, как и для линейного уравнения, очевидно, что подстановка (1.2.2) не ухудшает вида исходного уравнения, вводя существенный дополнительный произвол (напомним – одну из функций, u(x) или v(x), можно считать произвольной). Подставляя (1.2.2) в уравнение (1.3.1), получим
u′v + uv′ + f (x)uv = g(x)unvn.
Сгруппируем, например, второе и третье слагаемое левой части, вынесем за скобку u(x) и потребуем, чтобы скобка обратилась в нуль. Это будет, если функция v(x) является решением линейного однородного уравнения (1.2.3). Оставшееся уравнение можно записать как уравнение с разделяющимися переменными в виде
du = g(x)vn−1 dx, un
и после почленного интегрирования и подстановки найденных функций в решение получаем формулу (1.3.3).
Способ 3. Модификацией первого способа является деление уравнения (1.3.1) на yn. Приэтом мы получаем уравнение, линейное относительно переменной z = y1−n.
21
Пример 2. К уравнению Бернулли приводится уравнение, решение которого является хорошим (хотя и очень простым) примером применения 3-го принципа
y′ = ey + f (x). |
(1.3.4) |
В этом уравнении “бякой”, без сомнения, является экспонента – всегда предпочтительней рассматривать уравнения с рациональными функциями от y и y′. Выполнив подстановку
ey = z(x), z′ = ey y′ (y = ln z),
получим
z′ = z2 + f (x)z.
Применяя формулу (1.3.3) при n = 2 и возвращаясь к старым переменным, находим общее решение уравнения (1.3.4)
y(x) = Z |
f (x) dx − ln |
C − Z |
exp Z |
f (x) dx dx . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1.4.Однородное уравнение и приводящиеся к нему
Напомним, что функция n переменных H(x1, x2, . . . , xn) называется однородной функцией степени m, если во всей области ее определения выполняется тождество
H(αx1, αx2, . . . , αxn) = αmH(x1, x2, . . . , xn).
Уравнение
M (x, y)y′ = N (x, y),
в котором функции M (x, y) и N (x, y) – однородные функции одинаковой степени, называется однородным. Очевидно, оно всегда может быть
приведено к виду |
x |
(1.4.1) |
||
y′(x) = F |
||||
|
|
y |
|
|
(здесь функция F – однородная функция степени нуль). Легко убедиться в том, что уравнение (1.4.1) инвариантно относительно равномерного растяжения вдоль осей x, y – если выполнить замену x → αx, y → αy, то уравнение не изменится: коэффициенты α сокращаются в правой и левой части уравнения. Отсюда также следует, что выражение y/x является инвариантом равномерного растяжения. Поэтому, применяя четвертый принцип и выполняя подстановку
y
x
= z(x),
получим уравнение с разделяющимися переменными
xz′ + z = F (z),
22
интегрируя которое, получим
Z
dz
F (z) − z = ln |x| + C.
Возвращаясь к старым переменным, находим общее решение исходного уравнения (1.4.1). Заметим, что у однородного уравнения могут быть частные решения y = Akx, где Ak – корни алгебраического (трансцендентного) уравнения Ak = F (Ak).
К однородному приводится и уравнение более общего вида |
|
|||
y′ = F |
a2x + b2y + c2 |
. |
(1.4.2) |
|
|
|
a1x + b1y + c1 |
|
|
Структура аргумента функции F в правой части уравнения подсказывает, что здесь, как в случае уравнения (1.1.5), можно использовать геометрическую интерпретацию. Если
|
a1 |
b1 |
|
6= 0, |
a2 |
b2 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
прямые, заданные выражениями
a1x + b1y + c1 = 0, a2x + b2y + c2 = 0,
можно принять за оси (косоугольной) системы координат на плоскости. Переносами x = ξ + α, y = η + β можно добиться, чтобы начало координат находилось в точке (0, 0). Для этого надо решить систему линейных алгебраических уравнений
a1α + b1β + c1 = 0, a2α + b2β + c2 = 0.
В результате преобразования переноса исходное уравнение (1.4.2) стано-
вится однородным: |
η′ = F a2 |
ξ + b2η . |
|||
|
|
|
a1 |
ξ + b1η |
|
Если же |
|
a2 |
b2 |
= 0, |
|
|
|
a1 |
b1 |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
то исходное уравнение имеет вид (1.1.5).
Другим уравнением, сводящимся к однородному, является
обобщенно-однородное уравнение. Обобщенно-однородным называется уравнение, инвариантное относительно неравномерного
растяжения: |
xn . |
(1.4.3) |
||
y′ = xn−1F |
||||
|
|
y |
|
|
23
Иными словами, обобщенно-однородное уравнение не изменяется, если выполнить замену
x → αx, y → αny. |
(1.4.4) |
Если учесть, что однородное уравнение (1.4.1) инвариантно относительно равномерного растяжения, т. е. преобразования (1.4.4), в котором n ≡ 1, то становится очевидным, что обобщенно-однородное уравнение (1.4.3) сведется к однородному, если нам удастся в результате некоторого преобразования сделать параметр n равным единице. Таким преобразованием будет, например, подстановка y = un, в результате которой получаем уравнение, однородность которого очевидна:
nun−1 u′ = F un . xn−1 xn
Если использовать четвертый принцип, то надо подставить инвари-
ант
u(x) = xyn , т. е. y = xnu,
в результате чего, как и в случае однородного уравнения, получаем уравнение с разделяющимися переменными
Z
du
F (u) − nu
= ln |x| + C.
Следует учитывать два обстоятельства. Во-первых, исходное уравнение часто записывается в таком виде, что далеко не просто распознать в нем обобщенную однородность. Поэтому мы рекомендуем пользоваться критерием (1.4.4), а не пытаться сразу представить уравнение в форме (1.4.3). Во-вторых, обобщенно-однородное уравнение может иметь частные решения y = Akxn, где Ak – корни алгебраического (трансцендентного) уравнения nAk = F (Ak).
1.5.Уравнение Якоби
Родственным однородному является уравнение Якоби, которое имеет вид
(Ax + By + C)dx + (A′x + B′y + C′)dy + (A′′x + B′′y + C′′)(xdy − ydx) = 0,
(1.5.1) где A, B, C, A′, B′, C′, A′′, B′′, C′′ – некоторые константы. Для исследования этого уравнения удобно использовать геометрическую интерпретацию
– ввести однородные координаты аналитической геометрии [12]:
x = |
x1 |
, y = |
x2 |
, |
(1.5.2) |
|
x3 |
x3 |
|||||
|
|
|
|
24
тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx = |
x3dx1 − x1dx3 |
, dy = |
x3dx2 − x2dx3 |
, |
||||||
|
x2 |
|||||||||
|
x2 |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
3 |
|
|
|
|
3 |
|
||
и выражение xdy − ydx записывается стереотипно |
|
|||||||||
|
xdy |
− |
ydx = |
x1dx2 − x2dx1 |
. |
|
||||
|
|
|
|
|
|
x32 |
|
|||
Уравнение (1.5.1) в новых координатах запишется в виде |
|
|||||||||
|
x11 |
x22 |
x33 |
= 0, |
|
(1.5.3) |
||||
|
dx |
dx |
dx |
|
|
|
|
|||
ax |
bx |
cx |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где ax, bx, cx – линейные формы однородных координат
ax = a1x1 + a2x2 + a3x3, bx = b1x1 + b2x2 + b3x3, cx = c1x1 + c2x2 + c3x3,
а коэффициенты этих форм зависят от коэффициентов исходного уравнения (1.5.1). Легко видеть, что для обратного перехода от однородных координат (1.5.2) к исходным (x, y) достаточно положить x3 = 1.
Покажем, что уравнение (1.5.3) имеет линейные частные интегралы
X
uixi ≡ u1x1 + u2x2 + u3x3 = 0, |
(1.5.4) |
где u1, u2, u3 – некоторые константы. Умножая первый и второй столбцы определителя (1.5.3) на u1 и u2 соответственно и прибавляя к третьему, умноженному на u3, получим
x11 |
x2 |
P uixi |
= 0, |
|
|
dx |
dx2 |
uidxi |
|
ax |
bx |
u1ax + u2bx + u3cx |
||
|
|
|
P |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
т. е. в силу (1.5.4), (u1ax + u2bx + u3cx)(x2dx1 − x1dx2) = 0. Так как однородные координаты в уравнении (1.5.3) совершенно равноправны, ана-
логично получаем такие же равенства с множителями (x3dx2 − x2dx3) и (x1dx3 − x3dx1). Эти множители одновременно не равны нулю, поэтому, если выполняется (1.5.4), то и u1ax + u2bx + u3cx = 0. Это означает, что эти линейные формы пропорциональны:
u1ax + u2bx + u3cx = λ(u1x1 + u2x2 + u3x3).
25
Подставляя в это равенство величины ax, bx, cx и “расщепляя” получившееся выражение по x1, x2, x3, получим линейную систему для определения ui:
(a1 − λ)u1 + b1u2 + c1u3 = 0, a2u1 + (b2 − λ)u2 + c2u3 = 0,
a3u1 + b3u2 + (c3 − λ)u3 = 0;
еерешения, отличные от нуля, находятся из кубического уравнения
|
a2 |
b2 |
− λ |
c2 |
= 0. |
|
a1 − λ |
|
b1 |
c1 |
|
a3 |
|
b3 |
c3 λ |
||
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Если корни различны и действительны, мы получаем три интегральные прямые уравнения Якоби
ux ≡ u1x1 + u2x2 + u3x3, vx ≡ v1x1 + v2x2 + v3x3, wx ≡ w1x1 + w2x2 + w3x3.
Возьмем эти прямые за оси новой трилинейной системы координат (ξ1, ξ2, ξ3), так что в этой систем координат решениями будут ξ1 = 0, ξ2 = 0, ξ3 = 0. Это всегда можно сделать, так как уравнение Якоби инвариантно относительно линейных замен. Форма (1.5.3) примет вид
|
|
|
|
|
|
|
|
ξ11 |
ξ22 |
ξ33 |
|
= 0. |
|
(1.5.5) |
||
|
|
|
|
|
|
|
dξ |
dξ |
|
dξ |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
aξ |
bξ |
|
cξ |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляя |
|
1 |
= 0 |
2 |
= 0 |
|
3 |
= 0 и |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ξ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
, ξ |
|
, ξ |
|
|
|
требуя, чтобы (1.5.5) удовлетворялось, |
|||||||
находим, что в новых координатах |
aξ |
= a1ξ1, bξ |
= b2ξ2, cξ = c3ξ3, т. е. |
|||||||||||||
уравнение (1.5.5) имеет вид |
|
|
= |
|
|
|
|
= 0. |
||||||||
|
|
|
|
ξ1 |
ξ2 |
|
ξ3 |
1 1 1 |
||||||||
|
|
|
|
dξ1 |
dξ2 |
|
dξ3 |
|
|
|
dξ1 |
dξ2 |
dξ3 |
|
||
|
|
|
a1ξ1 b2ξ2 |
|
c3ξ3 |
|
ξ1 |
|
ξ2 |
ξ3 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a1 |
b2 |
c3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вычисляя |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
определитель, окончательно получим |
|
|
||||
(c3 − b2) |
dξ1 |
+ (a1 − c3) |
dξ2 |
+ (b2 − a1) |
dξ3 |
= 0. |
|
|
|
||||
ξ1 |
ξ2 |
ξ3 |
Его общий интеграл
ξ1c3−b2 ξ2a1−c3 ξ3b2−a1 = C,
т.е.
(u1x1 + u2x2 + u3x3)α(v1x1 + v2x2 + v3x3)β (w1x1 + w2x2 + w3x3)γ = C,
26
причем α + β + γ ≡ 0. Положив x3 = 1, находим решение в декартовых координатах
(u1x + u2y + u3)α(v1x + v2y + v3)β (w1x + w2y + w3)γ = C.
Если вещественный корень только один (интегральная прямая u1x1+ +u2x2+u3x3 = 0), то можно выполнить замену переменных x1 = ξ1,
x2 = ξ2, u1x1 + u2x2 + u3x3 = ξ3; если u3 =6 0, то определитель этой подстановки отличен от нуля (если u3 = 0, но, например u1 =6 0, то положим
ux = ξ1, x2 = ξ2, x3 = ξ3). Преобразуем исходное уравнение аналогично тому, как мы преобразовывали его для доказательства существования линейного частного интеграла. В результате получим
|
|
ξ11 |
ξ22 |
ξ33 |
= 0. |
|
|
|
dξ |
dξ |
dξ |
|
|
|
αξ |
βξ |
γξ |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ξ |
|
3 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Легко убедиться, что γ |
= γ ξ . Переходя к декартовым координатам |
|||||
(ξ1 = ξ, ξ2 = η, ξ3 = 1), получим |
|
|
|
(γ3η − β1ξ − β2η − β3)dξ − (γ3ξ − α1ξ − α2η − α3)dη = 0,
т. е. мы получили уравнение типа (1.4.2), которое интегрируется в квадратурах.
На практике можно не переходить к однородным координатам. Нужно найти один линейный интеграл u1x + u2y + u3 = 0 уравнения (1.5.1) и ввести новые переменные
|
x |
|
|
y |
|
ξ = |
|
, η = |
|
. |
|
u1x + u2y + u3 |
u1x + u2y + u3 |
||||
Преобразованное уравнение в переменных ξ, η |
приводимо к однородному. |
Наконец, если все три корня совпали, вместо интегральной прямой мы получаем целый пучок интегральных прямых, так как одного уравнения недостаточно для определения двух отношений u1/u3, u2/u3. Выражая u3 через u1 и u2 и подставляя в уравнение ux = 0, находим уравнение пучка, которое содержит одну существенную постоянную и, следовательно, является общим интегралом уравнения (1.5.1).
1.6.Уравнение Дарбу
Геометрическая интерпретация, успешно используемая для исследованиия уравнения Якоби, может применяться и для значительно более сложных уравнений. Пусть в уравнении
M dx + N dy = 0 |
(1.6.1) |
27
функции M и N являются многочленами (m+1)-й степени относительно переменных x и y, и пусть эти функции могут быть представлены в виде
M = Y − Zy, N = Zx − X,
где X, Y, Z – многочлены степени m. Тогда уравнение (1.6.1) может быть переписано в виде
Y dx − Xdy + Z(xdy − ydx) = 0. |
(1.6.2) |
Уравнение (1.6.2) называется уравнением Дарбу. Ниже мы приводим доказательства основных свойств уравнения Дарбу, следуя книге [13].
1. Введем, аналогично рассуждениям предыдущего параграфа [см. (1.5.2)], вместо x и y отношения x/z и y/z. Тогда получим уравнение
X(ydz − zdy) + Y (zdx − xdz) + Z(xdy − ydx) = 0, |
(1.6.3) |
где уже X, Y, Z – однородные относительно x, y, z |
многочлены степени |
||||
m. Это уравнение можно записать в виде определителя |
|||||
|
x |
y |
z |
= 0. |
(1.6.4) |
|
dx |
dy |
dz |
|
|
X |
Y |
Z |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
К элементам последней строки можно, не нарушая уравнения, добавить элементы второй, умноженные на некоторый множитель λ, произвольностью которого можно воспользоваться для того, чтобы новое уравнение (с коэффициентами X1 = X + λx, Y1 = Y + λy, Z1 = Z + λz) удовлетворяло бы некоторому добавочному условию. Удобно принять
∂X∂x1 + ∂Y∂y1 + ∂Z∂x1 = 0,
Так как X, Y, Z – однородные полиномы степени m, то для λ (которое тоже должно быть однородным, но степени m −1) получается выражение
(m + 2)λ = − |
∂x |
+ ∂y |
+ ∂x . |
|||
|
|
∂X |
|
∂Y |
|
∂Z |
Если коэффициенты исходного уравнения удовлетворяют этому условию, то говорят, что уравнение (1.6.3) – нормального вида. Выражение
∂X∂x + ∂Y∂y + ∂Z∂x
мы будем обозначать H. Оно является инвариантом уравнения.
28
|
Для дальнейших построений нам потребуется |
|
|||
|
Теорема Эйлера. Для любой однородной функции |
U (x1, x2, . . . , |
|||
|
|
|
|
||
xn) n переменных степени m справедливо тождество |
|
||||
|
|
n |
∂U |
|
|
|
|
X |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
xk |
|
= mU. |
|
|
|
∂xk |
|
||
|
|
k=1 |
|
|
|
Рассмотрим уравнение семейства кривых |
|
||||
|
|
f (x, y, z) = const, |
(1.6.5) |
где функция f должна быть однородной функцией нулевого измерения. Она удовлетворяет уравнению в полных дифференциалах
∂f |
dx + |
∂f |
dy + |
∂f |
dz = 0, |
(1.6.6) |
|
|
|
||||
∂x |
∂y |
∂x |
|
коэффициенты которого могут иметь общий множитель κ:
|
∂f |
= κP, |
|
∂f |
= κQ, |
|
∂f |
= κR. |
|
||||
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
∂x |
|
|
∂y |
|
|
|
∂z |
|
||||
Сокращая на общий множитель, приводим (1.6.6) к виду |
|
||||||||||||
|
|
P dx + Qdy + Rdz = 0. |
(1.6.7) |
||||||||||
Заметим, что функции P, Q, R не независимы между собой – вследствие |
|||||||||||||
однородности функции f |
(по теореме Эйлера) |
|
|||||||||||
|
|
x |
∂f |
+ y |
∂f |
+ z |
∂f |
= 0, |
(1.6.8) |
||||
|
|
∂x |
∂y |
∂x |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
поэтому
P x + Qy + Rz = 0.
Таким образом, P обращается в нуль, когда y = 0, z = 0, x 6= 0; соответственно, Q = 0, когда y 6= 0, x = z = 0, и R = 0, когда z 6= 0, x = y = 0. Отсюда
P = Gy + F ′z, Q = G′′z + F x, R = G′x + F ′′y, |
|
где F, F ′, F ′′, G, G′, G′′ – некоторые функции. В силу (1.6.8) |
|
xy(G + F ) + xz(G′ + F ′) + yz(G′′ + F ′′) = 0, |
(1.6.9) |
т. е. G + F = E′′z, G′ + F ′ = E′y, G′′ + F ′′ = Ex, а в силу (1.6.9)
E + E′ + E′′ = 0.
29
Полагая
E = Y − Z, E′ = Z − X, E′′ = X − Y,
приходим к тому, что уравнение (1.6.7) принимает вид (1.6.3). Так как мы пришли к исходному уравнению общим методом – исключением из семейства кривых произвольной постоянной, то тем самым найдены условия, при которых семейство кривых (1.6.5) является общим интегралом уравнения (1.6.3) – функция f (x, y, z) должна быть однородной функцией x, y, z, нулевого измерения, и для каждой точки плоскости должно выполняться равнство
X |
∂f |
+ Y |
∂f |
+ Z |
∂f |
= 0. |
(1.6.10) |
|
∂x |
∂y |
∂x |
||||||
|
|
|
|
|
Второе условие следует из (1.6.6) и (1.6.8):
ydz − zdy |
= |
zdx − xdz |
= |
xdy − ydx |
. |
∂f |
|
∂f |
|
∂f |
|
∂x |
|
∂y |
|
∂z |
Нетрудно доказать и обратное утверждение [13].
2. Перейдем теперь к следующему вопросу – сколько частных решений необходимо знать, чтобы построить общее решение уравнения Дарбу. Мы будем называть частным решением всякое уравнение вида
ϕ(x, y, z) = 0 |
(1.6.11) |
однородное, измерения h =6 0, геометрический образ которого есть некоторая плоская кривая, если для каждой точки этой кривой выполняется уравнение (1.6.10). В самом деле, по свойству однородных функций
x∂ϕ∂x + y ∂ϕ∂y + z ∂ϕ∂x = hϕ,
и для каждой точки кривой (1.6.11)
x∂ϕ∂x + y ∂ϕ∂y + z ∂ϕ∂x = 0.
Переходя от точки (x, y, z) |
кривой (1.6.11) к бесконечно-близкой точке |
||||||||||||
той же кривой, имеем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
∂ϕ |
dx + |
∂ϕ |
dy + |
∂ϕ |
dz = 0. |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
∂x |
|
|
∂y |
∂x |
|
||||||
также для каждой точки кривой (1.6.11). Отсюда |
|
||||||||||||
|
ydz − zdy |
= |
zdx − xdz |
= |
xdy − ydx |
. |
(1.6.12) |
||||||
|
∂ϕ |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
∂ϕ |
|
|
|
∂ϕ |
|
||||
|
∂x |
|
|
|
∂y |
|
|
|
∂z |
|
30