posobie-fa-2015
.pdfТема 5. Непрерывные и равномерно непрерывные отображения. Сжимающие отображения
Определение 5.1. Пусть X и Y – метрические пространства. Отображение F : X ! Y называется
3 непрерывным в точке x0 2 X, если
8 " > 0 9 (") > 0 8 x 2 X
X (x; x0) < (") ) Y (F x; F x0) < ";
3непрерывным на множестве M X, если оно непрерывно в каждой точке множества M;
3равномерно непрерывным на множестве M X; если
8 " > 0 9 (") > 0 8 x1; x2 2 M
X (x1; x2) < (") ) Y (F x1; F x2) < ":
Определение 5.2. Пусть X; – метрическое пространство. Отображение F : X ! X называется сжимающим, если
9 2 [0; 1) 8 x; y 2 X (F x; F y) 6 (x; y):
Определение 5.3. Пусть F : X ! X. Точка x 2 X называется неподвижной точкой отображения F; если F x = x :
Теорема 5.1 (Банах). Пусть X; – полное метрическое пространство, F : X ! X – сжимающее отображение. Тогда существует единственная неподвижная точка отображения F .
Пример 5.1. Доказать, что отображение
F : C[ 1; 1] ! L1[ 1; 1];
действующее по правилу
|
|
∫ |
1 |
2t s sin x(s) ds; |
(F x)(t) = (2t 5)x(t) |
3 |
1 |
||
равномерно непрерывно на C[ |
1; 1]. |
|
|
51
Решение. Представим отображение F в виде F = G + H,
где
|
∫ |
1 |
2t s sin x(s) ds: |
(Gx)(t) = (2t 5)x(t); (Hx)(t) = 3 |
1 |
Докажем, что отображения G и H равномерно непрерывны на C[ 1; 1], тогда и отображение F будет равномерно непрерывным на C[ 1; 1]. Пусть x1; x2 2 C[ 1; 1]: Тогда
|
|
|
j(Gx1)(t) |
|
(Gx2)(t)j = j(2t |
|
5)(x1(t) |
x2(t))j 6 |
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
6 j2t 5j jx1(t) x2(t)j 6 7 x1 |
x2 C[ 1;1] |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
и, следовательно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Gx2 L1[ 1;1] = ∫ |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
Gx1 |
|
|
1 j(Gx1)(t) (Gx2)(t)jdt 6 |
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 14 x1 |
|
x2 C[ 1;1]: |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Из этой оценки следует равномерная непрерывность G на |
||||||||||||||||||||||||||||||||
C[ 1; 1]: Для отображения H имеем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
∫ |
1 |
2t s(sin x1(s) |
sin x2(s)) ds |
6 |
||||||||||||||
j(Hx1)(t) |
|
(Hx2)(t)j = |
1 |
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x2(s) |
|
|
|
|
x1(s) + x2 |
(s) |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
t s |
|
|
|
|
x1(s) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
6 |
3 |
∫ |
|
|
2 |
|
|
|
2 |
|
sin |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos |
|
|
|
|
|
|
|
|
ds |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
6 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
2 |
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ds |
|
|
|
|
|
|
|
x2 |
|
|
|
|
2 |
t |
|
|
|
|
6 |
|
|
∫ |
|
1 j |
x1(s) x2(s) |
6 |
12 |
|
x1 |
|
C[ 1;1] |
|
|
: |
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
j |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Таким образом, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
Hx2 L1[ 1;1] = ∫ |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
Hx1 |
|
|
1 j(Hx1)(t) (Hx2)(t)jdt 6 |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 12 x1 |
|
x2 C[ 1;1] ∫ 1 2t dt 6 48 x1 |
x2 C[ 1;1] |
|
|
и отображение H также равномерно непрерывно на C[ 1; 1]: ,
52
Пример 5.2. Исследовать на равномерную непрерывность и непрерывность отображения
а) (F x)(t) = e x(t)j; |
б) (Gx)(t) = x2(t) x(t) + 1; |
действующие из C[a; b] в C[a; b]: |
|
Решение. Так как функции |
|
f(x) = e xj |
и g(x) = x2 x + 1 |
непрерывны на R; то порождаемые ими отображения F и G непрерывны в C[a; b], а равномерная непрерывность этих отображений на C[a; b] эквивалентна равномерной непрерывности
функций f и g на R (см. задачу 13.4). |
; 0] и на [0; +1): |
а) Функция f дифференцируема на ( |
На каждом из этих множеств jf′(x)j 6 1. Следовательно, функция f равномерно непрерывна на ( ; 0] и на [0; +1): В силу непрерывности f на R; она равномерно непрерывна на R: Следовательно, отображение F равномерно непрерывно на C[a; b]:
б) Функция g(x) = x2 x+1 не является равномерно непре-
рывной на R; так как последовательности xn′ = n и xn′′ = n + |
1 |
|
|||||||||||||||||||
n |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
обладают свойством jxn′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0; но |
|
|
|
|
|
||||||
|
xn′′j = |
n!n |
!1 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
j |
g(x′ |
) g(x′′) |
j |
= |
|
x′ |
x′′ |
|
x′ |
+ x′′ |
1 |
j |
= |
|
|
||||||
n |
n |
|
j |
n |
|
nj j |
n |
n |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
n |
2n + |
n |
|
|
1!n!1 |
2 ̸= 0: |
|
|
||||||||
Значит, и отображение G из C[a; b] в C[a; |
b]; порождаемое функ- |
||||||||||||||||||||
цией g; не является равномерно непрерывным. |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
Приведем прямое доказательство непрерывности отображе- |
|||||||||||||||||||||
ния G на C[a; b] (без ссылки на задачу 13.4). Пусть " > 0 |
и |
x0 2 C[a; b]; тогда для любой функции x 2 C[a; b] со свойствомx x0 6 1 имеем
j(Gx)(t) (Gx0)(t)j = j(x2(t) = jx(t)
6 jx(t)
Следовательно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Gx |
|
|
|
|
|
max |
G(x)(t) |
|
G(x |
)(t) |
j 6 |
|||||||||||||||||
Gx0 = t |
|
[a;b] j |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 x x0 ( x x0 + 2 x0 + 1) 6 |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
6 (2 + 2 x0 ) x x0 : |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
Из этой оценки следует, что отображение G непрерывно на |
||||||||||||||||||||||||||||
C[a; b] ( (") = min |
{1; 2 + 2 x0 }) |
: |
|
|
|
|
|
|
|
, |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
" |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 5.3. Доказать, что бесконечная система линей- |
||||||||||||||||||||||||||||
ных алгебраических уравнений |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
23 |
∑ |
|
|
|
k |
|
|
|
= m; m = 1; 2; : : : ; |
|||||||||||||||||||
|
5k+m |
|
|
m |
||||||||||||||||||||||||
|
|
k=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
имеет единственное решение в пространстве ℓ2: |
||||||||||||||||||||||||||||
Решение. Введем оператор A: ℓ2 ! ℓ2; |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
Ax = {23 |
|
|
k |
} |
|
|
|
: |
|
|
||||||||||||||||
|
|
5k+m |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
k=1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
m=1 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∑ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Это оператор сжатия (см. задачу 5.15 «а»), так как |
||||||||||||||||||||||||||||
1 |
( |
23 |
|
|
) |
2 |
|
|
|
|
1 |
1 |
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
232 |
|
||||||
∑ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∑ |
|
|
|
∑ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
k;m=1 |
5k+m |
|
= 232 k=1 |
|
25k |
m=1 |
25m |
= |
242 |
< 1: |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Полагая y0 = { |
|
}m=1 ; Bx = Ax |
|
|
y0; запишем исходную |
|||||||||||||||||||||||
m |
|
|
||||||||||||||||||||||||||
систему уравнений в операторном виде: |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Bx = x: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(5.1) |
||||||||
Так как |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(Bx; By) = Bx |
|
|
By = Ax |
|
Ay = (Ax; Ay) |
|||||||||||||||||||||||
54 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
и A – оператор сжатия, то и B – оператор сжатия. Следовательно, по теореме Банаха (см. теорему 5.1) операторное уравнение (5.1), а значит и исходная система уравнений, имеет единственное решение в пространстве ℓ2: ,
5.1.Является ли непрерывным на своей области определения отображение F x = x(1); если
a) F : C[0; 1] ! R; j j ; б) F : e1 |
! R; j j ? |
L [0; 1] |
|
5.2. Исследовать на непрерывность и равномерную непрерывность отображение (F x)(t) = x2(t) на области опре-
|
деления: |
|
|
|
|
a) F : C[0; 1] ! C[0; 1]; |
б) F : C[0; 1] ! L1[0; 1]; |
||
|
в) F : L1[0; 1] ! L1[0; 1]: |
e |
|
|
5.3. |
e |
e |
′ |
3x(t) |
|
Показать, |
что отображение (F x)(t) = x (t) |
||
|
непрерывно на своей |
области определения, |
если |
|
|
F : C1[a; b] |
! C[a; b]; и не является непрерывным, ес- |
||
|
ли F : C1[a; b] C[a; b] ! C[a; b]. |
|
5.4.Пусть X, Y – метрические пространства, F : X ! Y . Докажите, что F не является равномерно непрерывным на X тогда и только тогда, когда найдутся последова-
тельности fx′ng; fx′′ng X такие, что X (x′n; x′′n) ! 0, а
Y (F x′n; F x′′n) ̸!0 при n ! 1.
5.5.Пусть отображение F : C[a; b] ! C[a; b] определено формулой (F x)(t) = f(x(t)), где f : R ! R. Доказать, что отображение F непрерывно (равномерно непрерывно) на C[a; b] тогда и только тогда, когда функция f непрерывна (равномерно непрерывна) на R.
5.6.Исследовать на равномерную непрерывность на C[0; 2]
отображение F : C[0; 2] ! C[0; 2]; если
√
a)(F x)(t) = 3 x(t);
б) (F x)(t) = x3(t);
55
в) (F x)(t) = arctg x(t); г) (F x)(t) = cos x2(t);
x2(t)
д) (F x)(t) = 1 + x4(t);
∫ 2
е) (F x)(t) = (t + s) ln(1 + 3x2(s)) ds:
0
Исследовать на равномерную непрерывность на C[0; 2]
e
отображения «а»–«е», если F : C[0; 2] ! L1[0; 2]:
5.7.Исследовать на непрерывность на области определения отображения
а) |
F : C1 |
[0; 3] C[0; 3] ! C[0; 3], |
|||
|
(F x)(t) = x(2) 5 |
∫0t |
2sx′(s)ds; |
||
б) |
F : C1 |
[0; 1] ! C1[0; 1], |
|
||
|
(F x)(t) = 3x(t) + ∫0t ln(1 + s) x(s) ds; |
||||
в) |
F : C1 |
[0; 1] C[0; 1] ! C1[0; 1], |
|||
|
(F x)(t) = 3x(t) + ∫0t ln(1 + s) x(s) ds; |
||||
г) |
F : C[0; 1] ! C1[0; 1], |
|
|||
|
(F x)(t) = cos t ∫t |
1 |
(s2 + 4) x(s) ds: |
5.8.Будет ли отображение F : R ! R сжимающим на множестве M R, если F x = x3; метрика на R естествен-
ная, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a) M = [ |
1 |
|
1 |
] ; |
б) M = [0; 2]; |
в) M = ( |
1 |
1 |
)? |
|||
|
; |
|
p |
|
; p |
|
||||||
2 |
2 |
|||||||||||
3 |
3 |
|||||||||||
5.9. Пусть вещественная функция |
f дифференцируема |
на R. Доказать, что f – сжимающее отображение в пространстве R; j j тогда и только тогда, когда существует 2 [0; 1) такое, что jf′(x)j 6 для всех x 2 R:
56
5.10. Пусть вещественная |
функция |
f дифференцируема |
||||||
на R. Доказать, что уравнение f(x) = x имеет един- |
||||||||
ственное решение на R, если |
|
|
|
|
||||
sup |
f′(x) |
j |
< 1 |
или |
inf |
f′(x) |
j |
> 1: |
x R j |
|
|
x2R j |
|
|
|||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Являются ли эти условия необходимыми для существования единственного решения?
5.11.Доказать, что уравнение 2xex = 1 имеет единственное решение, принадлежащее промежутку (0; 1):
5.12.Достаточно ли для существования неподвижной точки отображения f в полном метрическом пространстве выполнения условия (f(x); f(y)) < (x; y) для всех x ≠ y?
+ Доказать утверждения 13.12–13.17. |
|
|
|
|
||||
5.13. |
Пусть f(x) = |
|
+x arctg x: Для любых x; y существует |
|||||
|
||||||||
|
|
2 |
|
f(y)j |
6 jx yj; но |
|||
|
постоянная < 1 такая, что jf(x) |
|||||||
|
отображение f не имеет неподвижных точек. |
|||||||
|
|
|
|
n |
|
n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5.14. |
Пусть A: ℓpn ! ℓpn; Ax = {j=1 akj j} |
k=1 |
: |
Тогда A – |
||||
|
|
|
|
∑ |
|
n |
, если |
|
|
сжимающее отображение в пространстве |
ℓp |
||||||
|
|
∑ |
|
|
|
|
||
|
|
n |
|
|
|
|
||
|
a) |
jakjj2 < 1 при p = 2; |
|
|
|
|
k;j=1
|
|
j∑n |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
б) |
16k6n |
n |
kjj |
|
при |
|
|
1 |
|
|
|
|
=1 j |
< 1 |
p = |
; |
|
|
|||||||
|
max |
|
a |
|
|
|
|
|
||||
в) |
16j6n |
k∑ |
kjj |
|
при |
|
|
|
|
|
|
|
|
=1 j |
< 1 |
p = 1: |
|
|
|
||||||
|
max |
|
a |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
} |
1 |
5.15. Пусть A: ℓp ! ℓp; |
Ax = |
{j=1 akj j |
k=1 |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∑ |
|
|
сжимающее отображение в пространстве
: Тогда A –
ℓp, если
57
∑1
a) jakjj2 < 1 при p = 2;
k;j=1
∑1
б) sup jakjj < 1 при p = 1;
k2N j=1
∑1
в) sup jakjj < 1 при p = 1:
j2N k=1
5.16.Бесконечная система линейных алгебраических уравне-
ний
∑1
k = akj j + k; k = 1; 2; : : : ;
j=1
имеет единственное решение x = f jg1j=1 2 ℓp для любого y = f kg1k=1 2 ℓp, если выполнено условие
∑1
a) jakjj2 < 1 при p = 2;
k;j=1
∑1
б) sup jakjj < 1 при p = 1;
k2N j=1
∑1
в) sup jakjj < 1 при p = 1:
j2N k=1
5.17.Пусть X; – полное метрическое пространство и отображение f : X ! X таково, что некоторая его степень g = fn является сжимающим отображением. Тогда уравнение fx = x имеет единственное решение.
5.18.Пусть A – интегральный оператор Вольтерра
∫ t
Ax(t) = K(t; s) x(s) ds;
a
ядро K(t; s) непрерывно на треугольнике
∆ = f(t; s): t 2 [a; b]; s 2 [a; t]g:
Тогда существует такое m 2 N; что Am является сжимающим отображением в пространстве C[a; b]:
58
5.19.Пусть ядро K(t; s) непрерывно на [a; b] [a; b] и
∫ b
jK(t; s)jds 6 d < 1; t 2 [a; b]:
a
Тогда интегральное уравнение Фредгольма
∫ b
x(t) |
K(t; s) x(s) ds = y(t) |
a
имеет единственное решение x 2 C[a; b] для любой функции y 2 C[a; b].
5.20. Уравнение
|
3 |
t |
|
|
x(t) = t2 + ∫0 |
sin (s + |
x(s)) ds |
||
|
||||
10 |
имеет единственное непрерывное на [0; 3] решение x(t).
5.21.Являются ли отображения A: X ! X сжимающими,
если |
|
|
a) (Ax)(t) = ∫0 |
1 e tjx(s)j ds, |
X = C[0; 1]; |
б) (Ax)(t) = ∫0 |
2 |
e |
1 e tjx(s)j ds, |
X = L2[0; 1]; |
|
в) (Ax)(t) = ∫0 |
t sin x(s) ds, X = C[0; 2]; |
∫ 1
г) (Ax)(t) = t2s2x(s) ds, X = C[0; 1]?
0
5.22.В пространстве C[0; 1] решить уравнение
∫ t
x(t) = x(s)ds + t2; ≠ 0:
0
5.23.Доказать, что любое непрерывное отображение отрезка в себя имеет неподвижную точку.
59
5.24.Пусть B и C – отображения полного метрического пространства в себя, B и C коммутируют, B – сжимающее. Доказать, что уравнение Cx = x имеет решение.
60