posobie-fa-2015
.pdf12.2. Путь |
X – линейное нормированное пространство, |
||||||
f |
2 |
X ; f = 0; C |
2 P |
. Доказать, что |
|||
|
|
̸ |
|
|
|
||
|
|
|
(x0 |
; f 1(C)) = |
jf(x0) Cj |
: |
|
|
|
|
|
|
|
f |
12.3.Найти продолжение линейного непрерывного функционала с одномерного подпространства в двумерном вещественном нормированном пространстве с сохранени-
ем нормы:
√
1) |
1 |
22; X0 = fx 2 R2 : 2 = 2 1g; |
||
x = 8 12 + |
|
|||
4 |
||||
|
f0(x) = 6 1; |
|
||
2) |
x = maxfj 1j; j 1 2 2jg; f0(x) = 2; |
|||
|
а) X0 = fx 2 R2 : 2 = 3 1g; |
|||
3) |
б) X0 = fx 2 R2 : 2 = 1g; |
|||
x = j 1 + 2j + j2 1 |
4 2j; f0(x) = 9 1; |
|||
|
а) X0 = fx 2 R2 : 2 = 0g; |
|||
|
б) X0 = fx 2 R2 : 1 |
2 2 = 0g: |
12.4.Указать условие единственности продолжения (с сохранением нормы) функционала с одномерного подпространства двумерного вещественного нормированного пространства.
12.5.Доказать, что норма линейного непрерывного функционала достижима тогда и только тогда, когда достижимо расстояние от нуля до гиперплоскости f 1(1):
12.6.Пусть f 2 X ; f ≠ 0: Доказать, что Ker f – замкнутое линейное многообразие, codim Ker f = 1:
12.7.Пусть f – неограниченный линейный функционал, заданный на всюду плотном линейном подмножестве нормированного пространства X: Доказать, что Ker f
плотно в X, codim Ker f = 1 на D(f):
131
12.8.В пространствах C[0; 3] и L1[0; 3] найти расстояние от элемента x0 до гиперплоскости M: Достижимо ли это расстояние?
a) M = {x : ∫03 x(t) dt = 1} ; x0 = 2t; |
|
б) M = {x : ∫02 t x(t) dt |
∫23 t x(t) dt = 0} ; x0 = t2: |
12.9.В линейном нормированном пространстве X найти расстояние от элемента x0 до множества M:
a) X = L2[0; 1]; M = {x(t) : ∫0 |
1 |
|
|
|||||||||||
1 |
|
|
||||||||||||
t 3 x(t) dt = 0} ; |
||||||||||||||
|
x0(t) = t; |
|
|
|
M = {x(t) : x(0) + ∫0 |
1 x(t) dt = 2} ; |
||||||||
б) X = C[0; 1]; |
||||||||||||||
в) |
x0(t) = cos t; |
|
{ |
|
|
|
|
|
} |
|||||
x0(t) = sin t; |
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
X = C[0; 1]; |
M = x(t) : x(0) = x(1) ; |
||||||||||||
г) |
[ |
|
|
|
|
|
] |
|
|
|
|
|
|
|
X = L1 |
|
3 |
; |
3 |
; x0(t) = t + 1; |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
∫ |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
M = {x(t) : |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
x(t) sin t dt > 1} ; |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
n |
1 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
∑ |
|
|
|
|
|
|
д) X = ℓ1; M = {x : n=1 |
n + 1 |
n 6 |
2 |
} ; |
||||||||||
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
x0 = { |
|
|
}n=1 ; |
|
|
|
|
|
|||||
|
n2 |
1)n |
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 ( |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
∑ |
|
|
|
|
|
|
е) X = c0; M = {x : |
|
2n |
n = 1} ; |
|||||||||||
|
|
|
|
1 |
|
n=1 |
|
|
|
|
|
|||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
x0 = { |
|
|
}n=1 : |
|
|
|
|
|
|||||
|
3n |
|
|
|
|
|
132
12.10.Исследовать на сильную и слабую сходимость в c0 и ℓp последовательность элементов xn = f nkg1n=1:
12.11.При каких a > 0 последовательность ftng1n=1 сходится сильно в C[0; a]; при каких – слабо?
12.12.Показать, что последовательность xn(t) = sin nt не сходится сильно в L2[0; ] и в C[0; ]: Сходится ли она слабо?
12.13.Доказать, что последовательность элементов
n |
> |
|
|
1 |
|
|||
|
|
1 |
|
|
||||
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
x (t) = |
8 |
n; |
t 2 |
[0; np ] ; |
||||
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
<0; |
t 2 (np ; 1] ; |
слабо сходится в Lp[0; 1]; 1 < p < 1; а сильно не сходится.
12.14. Исследовать на сильную, слабую и слабую сходи-
мость последовательность функционалов fn 2 X ; если
∫
a) X = L2[ ; ]; fn(x) = |
x(t)eintdt; |
||
|
|
|
|
б) fn(x) = n, |
X = c0 и |
X = ℓp (1 < p < 1); |
|
n |
n |
|
|
∑ |
|
|
|
в) fn(x) = n=1 |
n |
; X = ℓp |
(1 < p < 1): |
12.15. Пусть ffng X : Указать связь между различными видами сходимости: сильная, слабая и слабая. Показать, что они, вообще говоря, не эквивалентны.
12.16. Пусть X = C1[ 1; 1]; " > 0; f"(x) = 21"(x(") x( ")), f(x) = x′(0): Доказать, что f" слабо сходится к f при
" ! 0; а сильно не сходится.
Тема 13. Сопряженные операторы
Пусть X – линейное нормированное пространство, x 2 X , значение функционала x на элементе x будем обозначать
x; x , т. е. x; x x (x).
Определение 13.1. Пусть X; Y – линейные нормированные пространства, A 2 L(X; Y ). Сопряженным к A называется оператор A : Y ! X , который функционалу y 2 Y ставит в соответствие функционал (A y ) 2 X по правилу
x; A y = Ax; y ; x 2 X: |
(13.1) |
Известно, что A 2 L(Y ; X ) и A = A .
Определение 13.2. Пусть H1; H2 – гильбертовы пространства, A 2 L(H1; H2). Эрмитово сопряженным к A называется оператор A : H2 ! H1, действующий по правилу
(x; A y) = (Ax; y); x 2 H1; y 2 H2: |
(13.2) |
Если A 2 L(H1) совпадает с A , то A называется самосопряженным или эрмитовым.
Известно, что A 2 L(H2; H1) и A = A . Подчеркнем, что в отличие от сопряженного оператора эр-
митово сопряженный оператор действует в исходных пространствах H2, H1, а не в сопряженных к ним.
При решении задач удобно работать не в самих сопряженных пространствах, а в изоморфных им пространствах функций или последовательностей, см. теоремы 12.3, 12.4. Пусть – изоморфизм X на X′, а – изоморфизм Y на Y ′. Сопоставим оператору A : Y ! X оператор A′ : Y ′ ! X′ по формуле
A′y′ = A 1y′; y′ 2 Y ′:
Положим y′ = y , тогда A′y′ = A y и
A y = 1A′ y ; y 2 Y ;
т. е. A = 1A′ :
134
Если H1; H2 – гильбертовы пространства, e – сопряженнолинейная изометрия H1 на H1, описанная в теореме 12.5, а e – соответствующая сопряженно-линейная изометрия H2 на H2, то A = e 1A e:
* Ответы к задачам даны в терминах A′ и X′, Y ′, соответствующие изоморфизмы , описаны в теоремах 12.3, 12.4. В том случае когда оба пространства гильбертовы, в ответе приведен эрмитово сопряженный оператор.
Пример 13.1. Пусть A: L5[0; 1] ! L3[0; 1], (Ax)(t) = etx(t). Найти сопряженный оператор.
Решение. Оператор A действует из (L3[0; 1]) в (L5[0; 1]) . По теореме 12.4 пространство (L5[0; 1]) изоморфно простран-
ству L5=4[0; 1] ( |
1 |
+ |
|
4 |
|
= 1), а пространство (L5[0; 1]) – про- |
|||
5 |
5 |
|
|||||||
странству L5=4[0; 1] |
( |
1 |
+ |
4 |
= 1), т. е. существуют линейные |
||||
|
|
||||||||
5 |
5 |
изометрии , , переводящие (L3[0; 1]) на L3=2[0; 1] и (L5[0; 1]) на L5=4[0; 1] соответственно. Таким образом, можно изобразить схему
x 2 |
L5[0; 1] |
!A |
L3[0; 1] |
Ax |
|||
x = A y 2 |
(L5[0; 1]) |
A |
(L3 |
[0; 1]) |
y |
||
|
|
? |
A′ |
|
? |
|
|
|
2 |
5=? |
|
|
? |
|
|
A y = A′v |
y |
|
|
y |
y = v |
||
|
L 4[0; 1] |
|
L3=2[0; 1] |
|
Сопряженный оператор определяется с помощью равенства (13.1). Зная общий вид линейного функционала в про-
странстве L3=2[0; 1], можем записать |
|
|
|
|||
Ax; y = ∫0 |
1 |
(Ax)(t) ( y )(t) dt = ∫0 |
1 etx(t)v(t) dt: |
(13.3) |
||
С другой стороны, в пространстве L5=4[0; 1] |
|
|||||
x; A y = ∫0 |
1 x(t)( A y )(t) dt = ∫0 |
1 x(t)(A′v)(t) dt: |
(13.4) |
|||
|
|
|
|
|
|
135 |
Подставив в (13.1) правые части (13.3) и (13.4), для всех x 2 X получим равенство
∫0 |
1 x(t)etv(t) dt = ∫0 |
1 x(t)(A′v)(t) dt: |
|
|
|
|
||||||||
Следовательно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(A′v)(t) = etv(t): |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
Пример 13.2. Пусть A: ℓ2 ! ℓ23, Ax = ( 1 2; 5 +3 3; 6), |
||||||||||||||
x = ( 1; 2; : : :): Найти сопряженный оператор. |
|
|
|
|
||||||||||
Решение. |
Пространства |
ℓ2 |
и |
ℓ3 |
являются |
гиль- |
||||||||
бертовыми, |
поэтому |
ищем |
|
2 |
|
|
сопряжен- |
|||||||
эрмитово |
||||||||||||||
ный оператор |
A . Схема |
в |
|
этом |
случае |
имеет |
вид |
|||||||
x = ( 1; 2; : : :) 2 ℓ2 !A |
|
ℓ32 Ax = ( 1; 2; 3) |
||||||||||||
( 1; 2; : : :) = A y 2 ℓ2 |
|
A |
|
ℓ23 y = ( 1; 2; 3) |
|
|||||||||
|
|
|
|
|||||||||||
Применяем формулу (13.2): |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
∑ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
(Ax; y) = |
k |
k |
= ( 1 |
|
2) |
1 |
+ ( 5 + 3 3) |
2 |
+ 6 |
3 |
= |
k=1
=1 1 + 2( 1) + 33 2 + 5 2 + 6 3 =
∑1
=k k = (x; A y):
k=1
Таким образом,
A y = ( 1; 1; 3 2; 0; 2; 3; 0; 0; : : :): |
, |
Пример 13.3. Пусть A: L2(R) ! L2(R), (Ax)(t) = x(t + t0), t0 2 R: Найти сопряженный оператор. Является ли A самосопряженным?
136
Решение. Пространство L2(R) является гильбертовым.
В этом случае |
|
ищем |
|
эрмитово |
сопряженный оператор |
||||||||
A : L2(R) ! L2(R) по формуле (13.2): |
|
||||||||||||
(Ax; y) = ∫ 1 |
(Ax)(t) |
|
|
dt = ∫ 1 x(t + t0) |
|
dt = |
|
||||||
y(t) |
y(t) |
|
|||||||||||
= ∫ 1 x(t) |
|
dt = (x; A |
y) = ∫ 1 x(t)(A y)(t) |
dt: |
|||||||||
y(t t0) |
|||||||||||||
Таким образом, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A y (t) = y(t t0): |
|
|||||||||
Если t0 = 0, то A |
|
=(A и |
A |
|
|
|
|
|
, |
||||
|
) – не самосопряженный. |
|
|||||||||||
̸ |
|
|
̸ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 13.4. Пусть оператор A действует из простран- |
|||||||||||||
ства L2[0; 1] в пространство L2[1; 3] по правилу |
|
||||||||||||
|
|
(Ax)(t) = ∫0 |
1 |
(t + es)x(s) ds: |
|
||||||||
Найти сопряженный оператор. |
|
|
|
|
|||||||||
ремы Фубини [4, гл. V, § 6, теорема 5] |
|
||||||||||||
(Ax; y) = ∫13(Ax)(s) y(s) ds = |
∫13 (∫01(s + e )x( ) d ) y(s) ds = |
||||||||||||
Решение. Эрмитово сопряженный оператор A находим по |
|||||||||||||
формуле (13.2). Он действует из пространства L2[1; 3] в L2[0; 1]. |
Пусть x 2 L2[0; 1], а y 2 L2[1; 3]. Имеем с использованием тео-
∫ 3 (∫ 1 )
= (s + e )x( )y(s) d ds =
∫11 (∫03 )
= (s + e )x( )y(s) ds d =
0 1
∫ 1 (∫ 3 )
= x( ) (s + e )y(s) ds d = (x; A y) =
∫01 1
=x( )(A y)( ) d :
0
137
Отсюда |
∫ 3 |
|
|
|
|
|
(A y)(t) = (s + et)y(s) ds: |
, |
|
1 |
|
+ В задачах 13.1–13.20 найти сопряженный оператор. Выяснить, является ли исходный оператор самосопряженным в случае, если он действует в гильбертовых пространствах.
13.1. A : ℓ2 ! ℓ22; Ax = ( 1 2; 5 + 3 3).
13.2.A : ℓ2 ! ℓ2; Ax = ( 2; 4; 6; 0; 0; : : :).
∫ 1
13.3. A : L2[0; 1] ! L2[ 1; 0]; Ax(t) = et sx(s) ds.
0
13.4.A; B : ℓ2 ! ℓ2,
|
а) Ax = (0; 1; 2; 3; : : :); б) Bx = ( 2; 3; 4; : : :): |
|
||||||||||
13.5. |
A : ℓ2 ! ℓ2; |
Ax = f k kgk1=1; |
j kj 6 c: |
|
||||||||
13.6. A : ℓ2 ! ℓ2; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ax = (2 3 |
3 |
|
4 |
|
|
|
n |
; : : :). |
|||
|
1; 2 + 4 1; 6 1; |
|
|
4; |
|
5 |
; : : : ; |
|
n+1 |
|||
|
4 |
|
5 |
n + 1 |
||||||||
13.7. |
A : L2[ 3; 3] ! L2[ 3; 3]; Ax(t) = ∫t |
3 |
(4st 5s2)x(s) ds. |
|||||||||
13.8. |
A : ℓ2 ! c0; |
Ax = x. |
|
|
|
|
|
|
|
|
13.9.A : ℓ1 ! ℓ1; Ax = ( 1 + 2; 3 + 4; 5 + 6; : : :).
13.10. A : L2[0; 1] ! L2[0; 1]; |
|
|
|
Ax(t) = eitx(t). |
|||||
13.11. A : L3[0; 1] ! L5[0; 1]; |
|
|
|
Ax(t) = ∫0t ts2x(s) ds. |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
13.12. |
A : L2 |
[0; |
|
] ! L2 [0; |
|
|
|
] ; Ax(t) = (3 + cos 2t)x(t). |
|
2 |
2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
n |
|
m |
|
13.13. |
A: ℓpn ! ℓqm, Ax = { |
∑ |
}k=1. |
||||||
ℓ=1 akℓ ℓ |
|||||||||
138 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
13.14. |
Ax = ( n n; n+1 n+1; : : :), |
f kg 2 m, |
|
|
|
||||||
|
а) A: ℓ1 ! ℓ4; |
б) A: ℓ1 ! c0. |
|
|
|
||||||
13.15. |
A: ℓ2 ! ℓ3, |
Ax = (0; 0; 0; 4; 5; 6; : : :). |
|
||||||||
|
∑ |
( |
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
13.16. |
Ax = { ℓ=1 |
2ik + (2 + i)ℓ |
ℓ}k=1, |
|
|
|
|||||
|
а) A: ℓ35 ! ℓ53; |
б) A: ℓ52 ! ℓ23. |
|
|
|
||||||
13.17. |
A: L3[0; 1] ! L3[0; 1], |
|
p |
|
|
|
|
|
|
||
(Ax)(t) = x( t). |
|
||||||||||
13.18. |
A: L4[1; 2] ! L2[2; 3], |
(Ax)(t) = cos( t) ∫1 |
2 x(s) ds. |
||||||||
13.19. |
A: L2(R) ! L2(R), (Ax)(t) = eitx(3t |
2). |
|||||||||
13.20. |
A: ℓ1 ! ℓ2, |
Ax = x. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
13.21. |
Пусть A; A0 2 |
L(X; Y ), |
B; B0 2 |
L(H1; H2), C 2 |
|||||||
|
L(Z; X), D 2 L(H3; H1), пространства H1; H2; H3 гиль- |
||||||||||
|
бертовы. Докажите, что |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
( A) = A ; |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
( B) = B ; |
||||||||
|
(A 1) = (A ) 1; |
|
(B 1) = (B ) 1 |
||||||||
|
(если 9 A 1 2 L(Y; X); 9 B 1 2 L(H2; H1)); |
||||||||||
|
(A + A0) = A + A0; |
(B + B0) = B + B0 ; |
|||||||||
|
(AC) = C A ; |
|
|
(BD) = D B : |
Тема 14. Обратные операторы
Определение 14.1. Пусть X; Y – линейные нормированные пространства, оператор A: D(A) X ! Y называется обратимым, если для любого y 2 Im(A) уравнение Ax = y имеет единственное решение.
Если A обратим, то каждому y 2 Im(A) можно поставить в соответствие единственный элемент x 2 D(A), являющийся решением уравнения Ax = y. Оператор, осуществляющий это соответствие, называется обратным к A и обозначается A 1.
Линейный оператор A; действующий из X в Y , обратим
тогда и только тогда, когда |
|
Ker A = f0g; |
(14.1) |
где Ker A = fx 2 X : Ax = 0g – ядро оператора A.
Нетрудно проверить, что если A – линейный оператор и A 1 – обратный к A, то A 1 также линеен.
Теорема 14.1 (Банах. О непрерывности обратного оператора). Пусть X и Y – банаховы пространства, A 2 L(X; Y ); A – биекция X на Y . Тогда существует обратный оператор A 1 и он непрерывен.
Пример 14.1. Выяснить, обратим ли оператор A; действу-
ющий в пространстве X: Если обратим, найти A 1:
∫ t
a) |
X = C[0; 1]; (Ax)(t) = |
|
x(s) ds: |
||
|
|
|
|
0 |
|
б) X = ℓp; |
Ax = (0; 1; 0; 2; 0; 3; : : :): |
||||
в) |
X = m; |
Ax = ( 1; 2 |
; 2 |
; 2 |
; : : :): |
|
|
2 |
3 |
4 |
|
Решение. a) Оператор, заданный формулой
∫ t
(Ax)(t) = x(s) ds;
0
140