Физка. Задачи и упражнения / Касаткина И.Л. Решебник по физике
.pdfРешебник по физике
∆T1 — изменение температуры газа на участке 1 — 2, ∆T2 — изменение температуры газа на участке 3 — 4.
Рис. 84 |
Дано: |
|
Решение |
|
||
р1 = 10 кПа |
|
В изохорном процессе 1 — 2 газ полу- |
р2 = 50 кПа |
|
чает извне количество теплоты Q1. Боль- |
V1 = 2 л |
|
ше ни в одном процессе этого графика он |
V2 = 6 л |
|
теплоты не получает. Ведь в адиабатных |
|
|
процессах 2 — 3 и 4 — 1 передачи тепла |
η — ? |
|
|
|
не происходит, а при изохорном умень- |
|
|
|
шении давления в процессе 3 — 4 газ охлаждается, т.е. он отдает тепло внешней среде в количестве Q2. Поэтому КПД этого кругового процесса
η= |
Q1 − Q2 |
100%. |
(1) |
|
Q |
||||
|
|
|
||
|
1 |
|
|
Количество теплоты, полученное газом при изохорном увеличении давления, соответствующем участку 1 — 2 графика, в соответствии с первым законом термодинамики, когда работа расширения А = 0, равно изменению внутренней энергии газа:
240
2. Молекулярная физика и термодинамика
Q1 = ∆V1 = 32νR∆T1,
где в соответствии с уравнением Менделеева — Клапейрона
( p2 − p1)V1 = νR∆T1. |
|
|||||
С учетом этого |
|
|
|
|
|
|
Q |
= |
3 |
( p |
− p )V . |
(2) |
|
|
||||||
1 |
|
2 |
2 |
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
Приизохорномуменьшениидавления,соответствующем участку 3 — 4 графика, количество теплотыQ2, выделенное в процессе охлаждения газа, найдем по аналогичной формуле:
Q |
= |
3 |
νR∆T |
= |
3 |
( p |
− p )V . |
(3) |
|
|
|
||||||||
2 |
|
2 |
2 |
|
2 |
3 |
4 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Нам осталось подставить правые части равенств (2) и (3) в формулу (1), и задача в общем виде будет решена. Проде-
лаем эти действия: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
3 |
( p |
− p )V − |
3 |
( p − p |
)V |
|
|
|
( p3 − p4 )V2 |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
2 |
2 |
1 1 |
2 |
|
3 4 |
2 |
|
|
|
|||||
η= |
|
|
|
|
|
|
|
100%= |
1 |
− |
|
100%. |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
( p2 − p1)V1 |
|
|
|
|
|
|
2( p2 − p1)V1 |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Здесь можно не переводить единицы величин в СИ, ведь все они сокращаются. Произведем вычисления:
(15−5)6
η= 1− ( ) 100%= 25%.50−10 2
Ответ: η = 25%.
Задача 38. В идеальном газе происходит процесс, изображенный на рис. 85. Какое количество теплоты подведено к газу на протяжении всего процесса, начиная от состояния 1 и кончая состоянием 4?
Обозначим p1 давлениегазавпервомсостоянии, p2—дав- ление газа во втором состоянии, V1 — объем газа в первом состоянии, V2 — объем газа во втором состоянии, V3 — объем газа в третьем состоянии, Q — количество теплоты,
241
Решебник по физике |
Рис. 85 |
подведенное к газу на протяжении всего процесса, Q1 — количество теплоты, полученное газом при изобарном расширении (участок 1 — 2), Q2 — количество теплоты, полученное газом при изохорном нагревании (участок 2 — 3), Q3 — количество теплоты, полученное газом на участке 3 — 4, ∆U1 — изменение внутренней энергии газа на участке 1 — 2, A1 — работу, совершенную газом против внешних сил на участке 1 — 2, ν — количество молей газа, R — молярную газовую постоянную, ∆T1 — изменение температуры газа на участке 1 — 2, А2 — работу при изохорном процессе на участке 2 — 3, T2 — температуру газа в состоянии 2.
Дано: |
|
Решение |
|
|
|
||
p1= 100 кПач |
|
Количество теплоты, полученное |
|
p2 = 200 кПа |
|
газом в этом процессе, равно сумме ко- |
|
V1 = 2 л |
|
личеств теплоты, полученных на каж- |
|
V2 = 6 л |
|
дом из трех его участков: |
|
V3 = 8 л |
|
Q = Q1 + Q2 + Q3. |
(1) |
|
|
||
Q — ? |
|
Согласно первому закону термоди- |
|
|
|||
|
|
намики, количество теплоты Q1, полу- |
ченное газом при изобарном расширении (участок 1 — 2), равно сумме изменения внутренней энергии газа ∆U1 и работе А1, совершенной газом против внешних сил:
242
2. Молекулярная физика и термодинамика
|
|
|
|
|
|
Q1 = ∆U1 + A1, |
|
|
|
|
|
|
||||
где ∆U |
|
= |
3 |
νR∆T , А |
|
= р |
(V |
|
– V |
) и |
р |
(V |
|
– V |
) = νR∆T |
, |
|
2 |
|
|
|
||||||||||||
|
1 |
|
1 |
1 |
1 |
|
2 |
1 |
|
1 |
|
2 |
1 |
1 |
|
|
поэтому мы вправе записать: |
|
|
|
|
|
|
|
|
Q1 = |
3 |
|
( |
|
−V1 |
) |
+ p1 |
( |
V2 −V1 |
) |
= 2,5p1 |
( |
) |
(2) |
|
2 p1 |
V2 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
V2 −V1 . |
|
Количество теплоты Q2, полученное газом при изохорном нагревании (участок 2 — 3), равно только изменению внутренней энергии газа ∆U2, ведь при изохорном процессе работа газа А2 = 0.
Поэтому, в соответствии с предыдущими рассуждения-
ми, мы запишем: |
|
|
|
|
|
|
|
Q |
= |
3 |
νR∆T |
=1,5( p |
− p )V . |
(3) |
|
|
|||||||
2 |
|
2 |
2 |
2 |
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Процесс, соответствующий участку 3 — 4, снова является изобарным, поэтому по аналогии с предыдущим изо-
барным процессом мы запишем: |
|
Q3 = 2,5p2 (V3 −V2 ). |
(4) |
Подставив правые части выражений (2), (3) и (4) в равенство (1), мы решим задачу в общем виде:
Q = 2,5p1 (V2 −V1)+1,5( p2 − p1)V2 +2,5p2 (V3 −V2 ).
Задача в общем виде решена — можно подставлять числа. Но если вам попадется такая задача в общем виде, без числовых данных, то следует правую часть этого выражения упростить: раскрыть скобки и сделать приведение подобных членов. Проделаем эти действия и мы:
Q =2,5p1V2 −2,5p1V1 +1,5p2V2 −1,5p1V2 +2,5p2V3 −2,5p2V2 =
= p1V2 −2,5p1V1 − p2V2 +2,5p2V3 = p1 (V2 −2,5V1)+ p2 (2,5V3 −V2 ).
Выразим все величины в единицах СИ: 100 кПа = 1 ∙ 105 Па, 200 кПа = 2 ∙ 105 Па, 2 л = 2 ∙ 10–3 м3, 6 л = 6 ∙ 10–3 м3, 8 л = 8 ∙ 10–3 м3.
243
Решебник по физике
Произведем вычисления:
Q = 1 ∙ 105(6 ∙ 10–3 – 2,5 ∙ 2 ∙ 10–3) + + 2 ∙ 105(2,5 ∙ 8 ∙ 10–3 –
– 6 ∙ 10–3) Дж = 3800 Дж = 3,8 кДж.
Ответ: Q = 3,8 кДж.
Задача 39. 10 молей идеального газа нагрели на 100 К. В процессе нагревания давление газа росло прямо пропорционально его объему. Какое количество теплоты было сообщено газу?
Обозначим ν количество молей, ∆Т — изменение температуры газа, р — давление, k — коэффициент пропорциональности между давлением и объемом V, Q — количество теплоты, полученное газом, ∆U — изменение его внутренней энергии, А — работу против внешних сил, R — молярную газовую постоянную, p1 V1 и T1 — давление, объем и температуру в начальном состоянии газа, p2 V2 и T2 — давление, объем и температуру в конечном состоянии газа.
Дано: |
|
|
Решение |
|
|
|
|
|
|||
ν = 10 моль |
|
|
Согласно первому закону |
||
∆Т = 100 К |
|
|
термодинамики |
количество |
|
р = kV |
|
|
теплоты Q, полученное газом, |
||
R = 8,31 Дж/(моль ∙ К) |
|
равно сумме изменения его |
|||
|
|
|
внутренней энергии ∆U и ра- |
||
Q — ? |
|
|
|||
|
|
боты против внешних сил A: |
|||
|
|
||||
|
Q = ∆U + A. |
(1) |
|||
Изменение внутренней энергии найдем, воспользовав- |
|||||
шись соответствующей формулой: |
|
||||
∆U = |
3 |
νR∆T = 1,5 νR∆T. |
(2) |
||
2 |
|||||
|
|
|
|
Работу расширения газа здесь найти труднее, поскольку процесс не является изобарным, а другой формулы для нахождения работы расширения газа мы не знаем. Тогда воспользуемся графическим способом. Изобразим на графике в координатах р—V процесс, при котором давление газа прямо пропорционально его объему (рис. 86). На таком графике работа А равна площади трапеции abcd, а площадь
244
2. Молекулярная физика и термодинамика
Рис. 86 |
трапеции равна произведению полусуммы ее оснований и высоты. Следовательно,
A = |
p1 + p2 |
(V −V ) = |
kV2 +kV1 |
(V −V ) = 0,5k(V2 |
−V2 ). |
(3) |
||||||
|
|
|||||||||||
2 |
2 |
1 |
|
2 |
2 |
1 |
2 |
1 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Теперь запишем уравнение Менделеева — Клапейрона |
||||||||||||
для начального и конечного состояний газа: |
|
|
|
|||||||||
|
|
p1 V1 = νRT1 |
и р2V2 = νRT2. |
|
|
|
||||||
Согласно условию p1 = kV1 |
и p2 = k V2 . |
|
|
|
||||||||
Подставим правые части этих равенств в два предыду- |
||||||||||||
щих уравнения: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
kV2 |
= νRT |
и |
|
kV2 |
= νRT . |
|
|
|
||
|
|
|
1 |
1 |
|
2 |
2 |
|
|
|
А теперь вычтем из последнего уравнения предпоследнее. Так мы придем к правой части равенства (3):
kV22 −kV12 = νRT2 −νRT1 , k(V22 −V12 ) = νR(T2 −T1) = νR∆T.
Тогда с учетом равенства (3)
А = 0,5νR∆T. |
(4) |
Подставив равенства (2) и (4) в формулу (1), мы решим задачу в общем виде:
Q = 1,5νR∆T + 0,5νR∆T = 2νR∆T.
245
Решебник по физике
Произведем вычисления:
Q = 2 ∙ 10 ∙ 8,31 ∙ 100 Дж = 16620 Дж = 16,62 кДж.
Ответ: Q = 16,62 кДж.
Задача 40. На рис. 87 изображен график зависимости температуры металлического куба со стороной 10 см от выделенного им количества теплоты. Плотность металла 7000 кг/м3. Определить удельную теплоемкость металла.
Рис. 87 |
Обозначим а длину стороны куба, V — его объем, m — массу куба, ρ — плотность меди, с — удельную теплоемкость металла, Т1 — начальную температуру, Т2 — конечную температуру, ∆Т — изменение температуры, Q — количество выделенной теплоты.
Дано:
а = 10 см = 0,1 м ρ = 7000 кг/м3
Т1 = 400 К Т2 = 600 К Q = 150 кДж
с — ?
где
Решение
Из рис. 87 следует, что при выделении 150 кДж тепла температура куба понизилась с 600 К до 400 К. Удельную теплоемкость найдем по формуле
с = mQ∆T ,
m = ρV и V = а3.
246
2. Молекулярная физика и термодинамика
Изменение температуры ∆Т = Т1 – Т2. С учетом этого получим:
Q
с = ρa3 (T1 −T2 ) .
150000 с = 7000 0,13 (600−400) Дж/(кг · К) = 107 Дж/(кг · К).
Ответ: с = 107 Дж/(кг ·К).
Задача41.В калориметр налита вода массой 0,25 кг при температуре 25 °С. В эту воду впустили стоградусный пар массой 10 г. Теплоемкость калориметра 1000 Дж/К, удельная теплоемкость воды 4200 Дж/(кг ∙ К), удельная теплота парообразования 2,3 ∙ 106 Дж/К. Найти температуру при тепловом равновесии этих тел.
Обозначимm1 массуводывкалориметре, t1 —начальную температуру этой воды, m2 — массу водяного пара, t2 — на- чальнуютемпературупара,C—теплоемкостькалориметра, t — установившуюся в калориметре температуру после всех тепловых процессов, c — удельную теплоемкость воды, r — удельнуютеплотупарообразования,Q1 —количествотепло- ты, полученное холодной водой при нагревании от температурыt1 доt,Q2 —количествотеплоты,полученноехолодным калориметром при нагревании тоже от температуры t1 до t, Q3 —количествотеплоты,отданноепаромприконденсации, впроцессекоторойеготемпературанеменялась, Q4 —коли- чество теплоты, отданное водой, образовавшейся из горячего пара при охлаждении от температуры t2 до t.
Дано:
m1 = 0,25 кг
t1 = 25 °С m2 = 10 г t2 = 100 °С
C = 1000 Дж/К
c = 4200 Дж/(кг ∙ К) r = 2,3 ∙ 106 Дж/К
t — ?
Решение
Согласно закону сохранения тепловой энергии сумма количеств теплоты, полученных и отданных в этих процессах водой и калориметром равна количеству теплоты, отданной паром:
Q1 + Q2 = Q3 + Q4.
247
Решебник по физике
Здесь
Q1 = cm1(t – t1), Q2 = C(t – t1),
Q3 = rm2, Q4 = cm2(t2 – t).
С учетом этих равенств
cm1(t – t1) + C(t – t1) = rm2 + cm2(t2 – t).
Мы записали уравнение теплового баланса. Раскроем скобки,члены,содержащиеискомуютемпературуt,оставим пооднусторонуотзнакаравенства,анесодержащие—пере- несем в другую, вынесем t за скобки и определим:
cm1t – cm1t1 + Ct – Ct1 = rm2 + cm2t2 – cm2t, сm1t + Ct + cm2t = cm1t1 + Ct1 + rm2, t(c(m1 + m2) + C) = t1(cm1 + C) + rm2,
t = t1(cm1 +C)+rm2 . c(m1 +m2)+C
Выразим в единицах СИ массу пара: 10 г = 0,01 кг. Произведем вычисления:
t = 25(4200 0,25+1000)+2,3 106 0,001 оС ≈ 35 °С. 4200(0,25+0,01)+1000
Ответ: t = 35 °С.
Задача 42. В калориметр налита вода массой 0,4 кг при 10 оС. В воду положили 0,6 кг льда при –40 °С. Определить температуру после установления теплового равновесия. Удельная теплоемкость воды 4200 Дж/(кг · К), удельная теплоемкость льда 2100 Дж/(кг · К), удельная теплота плавления льда 3,3 · 105 Дж/кг.
Обозначим m1 массу воды в калориметре, t1 — ее началь- нуютемпературу,m2—массульда,t2 —начальнуютемпера- турульда,t—температуру,установившуюсявкалориметре послевсехтепловыхпроцессов, c1—удельнуютеплоемкость воды, c2 — удельную теплоемкость льда, λ — удельную теплоту плавления льда, tо = 0 °С — температуру плавления льда и кристаллизации воды, Q1 — количество теплоты, от-
248
2. Молекулярная физика и термодинамика
данное водой в калориметре при охлаждении от температуры t1 до tо, Q2 — количество теплоты, необходимое льду, чтобы нагреться от температуры t2 до tо, Q3 — количество теплоты, которое выделит вода, если, остыв до 0 °С, полностью превратится в лед, Q4 — количество теплоты, необходимое льду, чтобы полностью растаять.
Решение
Глядя на массы воды и льда, а также на их начальные
Дано: |
|
температуры, сразу и не ска- |
|
||
m1= 0,4 кг |
|
жешь, что произошло: то ли |
t1 = 10 °С |
|
весь лед растаял, то ли вся вода |
m2 = 0,6 кг |
|
замерзла. Ведь масса льда и его |
t2 = –40 °С |
|
начальная отрицательная тем- |
tо = 0 °С |
|
пература достаточно велики по |
c1 = 4200 Дж/(кг · К) |
|
сравнению с массой воды в ка- |
c2 = 2100 Дж/(кг · К) |
|
лориметре и ее начальной тем- |
λ = 3,3 · 105 Дж/кг |
|
пературой. Чтобы понять, в ка- |
|
|
ком агрегатном состоянии ока- |
t — ? |
|
|
|
жутся эти вещества, давайте |
|
|
|
подсчитаем,сколькотеплотыQ1 выделитводамассойm1 при охлаждении от t1 = 10 °C до tо = 0 °С, сколько теплоты Q2 потребуется льду, чтобы нагреться от температуры t2 = – 40 °С до tо = 0 °С, и сколько теплоты нужно этому льду чтобы полностью растаять — а потом сравним полученные величины.
Вода при охлаждении от 10 °С до 0 °С выделит Q1 =
=c1m1(to – t1) = 4200 · 0,4(0 – 10) Дж = –16 800 Дж теплоты.
Льду,чтобынагретьсядо0 °С,требуетсяQ2 =c2m2(to –t2) =
=2100 · 0,6(0 – (–40)) Дж = 50 400 Дж теплоты.
Значит, теплоты, выделенной водой при охлаждении до 0 °С, недостаточно, чтобы лед нагрелся до температуры плавления, т.е. тоже до 0 °С.
Вода остынет до 0 °С и станет кристаллизоваться, т.е. превращаться в лед. Если она полностью превратится в лед,
то выделит еще Q3 = –λm1 = 3,3 · 105 · 0,4 Дж = –132 000 Дж теплоты.
Теплоты Q1 + Q3 = –(16 800 + 132 000) Дж = –148 800 Дж хватит льду, чтобы нагреться до температуры таяния,
249