- •Міністерство освіти і науки, молоді та спорту України
- •1. Варіанти курсової роботи
- •2. Розробка механізму підйому вантажу Для прикладу візьмемо кран з такими даними
- •В нашому прикладі
- •Крутильний момент на валу барабана
- •Тоді матимемо
- •3. Механізм зміни нахилу стріли Цей механізм проектується аналогічно механізму підйому вантажу. Але є відмінності.
- •Висновок
- •Характеристики сталевого канату подвійної завивки типу лк-р
- •Технічні дані одно-, двох- та трьохшвидкостних електродвигунів змінного струму серії мап для повторно-короткочасного режиму роботи
- •Характеристики редукторів типу ц2
- •Розміри та маса циліндричних двоступінчастих кранових редукторів типу ц2
3. Механізм зміни нахилу стріли Цей механізм проектується аналогічно механізму підйому вантажу. Але є відмінності.
1. Навантаження на механізм носить суттєво змінний характер. Це тому , що при малім куті нахилу стріли β найбільше плече сили ваги вантажу , а при великім куті β найменше плече сили натягу топенанта.
2. Швидкість руху вантажу також змінна і залежить від кута β, а також від кратності поліспастів механізму підйому вантажу.
Тому треба спочатку знайти позицію стріли, де виникають найбільші сили , а потім провести розрахунки за відомим алгоритмом.
З цією метою зобразимо схему механізму в 4-х позиціях (рисунок 5), під кутами β = 20, 35, 50, 65° . Блоки зобразимо точками. Вважатимемо , що блоки механізмів підйому вантажу і механізму підйому стріли розміщені
( в точках А і С ) дуже близько, майже співпадаютьъ. Плечі зусиль топенанта в 4-х позиціях позначені h1 , h2 , h3 , h4 .Вісь блоків на колоні для збільшенняh4зміщується вліво на відстаньHв.
Масштабний коефіцієнт схеми μL .
Рисунок 5 Кінематика стріли
Рисунок 6 Силова схема механізму
Топенант
В’язка АВ мех.. підйому
Складаємо рівняння моментів сил відносно точки О
(1)
Рівняння ( 1 ) дає силу натягу каната
Fk* = 45,6 ∙ 103 Н
ККDполіспастаηn
η1 – KKDодного блока
Сила натягу каната з урахуванням ККD
Швидкість руху каната на барабані
Vк = 0,07 ∙ 4 = 0,28 м/с
Потужність приводу на барабані максимальна
Рб=Fк∙Vк
Рб= 47,74 ∙ 103∙ 0,28 = 13,4 ∙ 103Вт
Еквівалентна потужність для двигуна
деk3 – коефіцієнт запасу
ηпр - ККD приводу
– ПВ двигуна за даними в каталозі
Далі все так , як в проекті механізму підйому вантажу.
ДОДАТОК А
З’ясуємо якою є інерційність механізму підйому вантажу, як вона впливає на час пуску двигуна і його можливий перегрів . Для цього збудуємо динамічну модель механізму на базі ротора двигуна (рисунок 7).
Iм Mn
Mon
Рисунок 7 Динамічна модель механізму
Iм – момент інерції моделі
Mn – пусковий момент двигуна
Mon – мемонт опору
Момент інерції Iм визначається за критерієм рівності кінетичних енергій моделі і реальної механічної системи
(1)
де ω - кутова швидкість моделі (ротора двигуна )
Iд – момент інерції ротора
Iтм - момент інерції тормозної муфти
k1 - коефіцієнт урахування кінетичних енергій редуктора і зубчатої муфти
mв - маса вантажу
V - швидкість підйому вантажу
k2 - коефіцієнт урахування кінетичних енергій троса і барабана
В нашому випадку ─ на прикладі двигуна МТН 412-8
ω = ωд = 74,9 1/с
Iд = 0,75 кг ∙ м2
Iтм = 0,62 кг ∙ м2
k1 = 1,25 — [ 1 ] — стор. 149
mв = 1000 ∙ Q = 8 ∙ 103 кг
Відповідно до (1)
(2)
Момент опору Mon знаходиться за умови , що його потужність є потужністю підйому вантажу
(3)
де ηмех – ККD механізму
(4)
Чисельно ηмех = ηn ∙ ηпр = 0,97 ∙ 0,93 = 0,9
Пусковий момент двигуна можна визначити лінійною апроксимацією його механічної характеристики (рисунок 8 ). Йдеться про асинхронні двигуни з фазовим ротором серії МТН .
Внашому випадку
no = 750 об/хв (ωо = 78,5 1/с)
nвх = 0,9no = 750 ∙ 0,9 = 675 об/хв. (ωвх =71 1/с)
nн = 715 об/хв (ωн = 74,9 1/с)
Мm = 900 Н ∙ м ( за каталогом)
Мno ≥ 0,5Мm = 0,5 ∙ 900 = 450 Н ∙м
Мn ≥ 0,7 Мm = 0,7 ∙ 900 = 630 Н ∙ м
Рисунок8 Механічна характеристика двигуна
робоча гілка характеристики
пускова гілка
спрощена пускова гілка
no – синхронні оберти ( за хвилину )
nн – номінальні оберти
Мn - середній пусковий момент
Мн , Мno , Мm ,- номінальний, початковий пусковий і максимальний моменти.
Модель збудовано.
За теоремою про зміну кінетичного моменту маємо
(5)
Проінтегруємо (5)
де tn – час пуску (виходу на робочу гілку механічної характеристики двигуна)
Ім ∙ ωвх = ( Мn - Мon ) tn
Звідси
(6)
Визначимо еквівалентний ( з точки зору нагріву двигуна ) момент, якщо час разового включення триває щонайменше 1,5 с ( tвкл = 1,5 с) , період циклу при ПВ 40% —
(7)
Це менше, ніж номінальний момент двигуна , а тому перегріву його не буде . До того ж , цей екстремальний режим малоймовірний .