Завдання №19

В транзисторному ключі в режимі насичення Ік_нас=Ек/Rк. Який мінімальний струм необхідно подати в базу транзистора, щоб він перебував у режимі насичення, якщо Ек=15 В, Rк=1кОм, β=50? (β – коефіцієнт підсилення транзистора за струмом)

Відповідь: 0,3 мА

Розв’язання. Мінімальний струм бази, що забезпечує насичений стан транзистора, визначається з виразу І_Бнас= Ік_нас/ β= Ек/β Rк.=15/50∙1=0,3 мА.

Завдання №20

В режимі насичення транзистора колекторний струм на границі насичення Ік_нас=10мА, а базовий Іб_нас=0,01мА. В скільки разів зменшиться колекторний струм, якщо базовий струм зменшиться у 2 рази?

Відповідь: У 2 рази

Розв’язання. Колекторний струм на границі насичення зв’язаний з базовим струмом таким відношенням Ік_нас=β Іб_нас, де β – коефіцієнт підсилення транзистора за струмом є сталою величиною. Очевидно, що в разі зменшення базового струму у два рази , у стільки ж разів зменшиться колекторний струм.

Завдання №21

Яку логічну функцію реалізує схема, якщо логічному нулю (Х^О) відповідає низький потенціал, а логічній одиниці (Х¹) – високий потенціал?

Відповідь: 2І-НІ

Розв’язання. Якщо на обидва входи зображеної схеми подати логічні одиниці (Х1=Х2=Х¹), то емітерні p-n- переходи транзисторів VT1 I VT2 будуть закриті і базові струми цих транзисторів через колекторні p-n- переходи будуть поступати в базу транзистора VT3, забезпечуючи його насичений стан і відповідно нульовий рівень напруги на виході Y. Якщо, хоч би на одному вході Х1чи Х2 буде присутній логічний нуль, то струм резистора R1 потече через емітерний перехід відповідного транзистора і базовий струм транзистора VT3 буде відсутній і транзистор перейде у режим відтинання (закриється). Напруга на виході Y підвищиться приблизно до рівня ЕК, тобто, буде дорівнювати логічній одиниці. Залежність Yвід Х1 іХ2 можна записати як , тобто, схема реалізує логічну функцію 2І-НЕ.

Завдання №22

В якому режимі перебуває транзистор VT3, якщо Х1=Х2=”1”?

Відповідь: В реж. насичення

Розв’язання. Якщо на обидва входи зображеної схеми подати логічні одиниці (Х1=Х2="1"), то емітерні p-n- переходи транзисторів VT1 і VT2 будуть закриті і базові струми цих транзисторів через колекторні p-n- переходи будуть поступати в базу транзистора VT3, забезпечуючи його насичений стан і відповідно нульовий рівень напруги на виході Y.

Завдання №23

В якому режимі перебуває транзистор VT3, якщо Х1=”0”, Х2=”1”?

Відповідь: В режимі відтинання

Розв’язання. Якщо, хоч би на одному вході Х1 буде присутній логічний нуль, а на вході Х2 – логічна одиниця, то струм резистора R1 потече через емітерний перехід транзистора VT1. Потенціал колекторів транзисторів VT1 і VT2 (і бази транзистора VT3) практично зменшиться до нуля і транзистор VT3 закриється, тобто, транзистор VT3 буде знаходитись в режимі відтинання.

Завдання №24

Перевести двійкове число 11101₂ в десяткове

(N₁₀=Q_n*2^n-1+Q_n-1*2^n-2+....+Q₂*2¹+Q₁*2⁰),

де Q ="0” або “1”).

Відповідь: 29

Розв’язання. Двійкова система числення належить до позиційних систем, у яких одна і та сама цифра має різні значення (різну вагу 2ⁿ) залежно від її позиції в числі. Основою числення у двійковій системі є цифра 2. У даному випадку для запису чисел використовуються дві цифри (0 і 1). Перетворення числа представленого в двійковому коді здійснюється підсумовуванням значень степені числа 2, відповідних тим розрядам переводи мого двійкового числа, в яких є одиниці. Таким чином, задане пятирозрядне двійкове число буде відповідати десятковому 11101₂=1∙2⁴+1∙2³+1∙2²+0∙2¹+1∙2⁰=16+8+4+0+1=29₁₀.