Bezverkhniy_Kratnye_integraly_2014
.pdf6.ПРИЛОЖЕНИЕ ДВОЙНОГО ИНТЕГРАЛА
КЗАДАЧАМ МЕХАНИКИ
Пусть σ — плоская пластинка, лежащая в плоскости |
xOy, с |
|||||||
поверхностной плотностью массы μ(x, y). Тогда: |
|
|||||||
a) массу m пластинки находят по формуле |
|
|||||||
m = ∫∫µ(x, y)dxdy; |
|
|
||||||
|
|
σ |
|
|
|
|
|
|
б) статические моменты Mx , My |
пластинки относительно ко- |
|||||||
ординатных осей Ox,Oy равны соответственно |
|
|||||||
M x |
= ∫∫yµ(x, y)dxdy; |
(6.1) |
||||||
|
|
σ |
|
|
|
|
|
|
M y |
= ∫∫xµ( x, y)dxdy; |
(6.2) |
||||||
|
|
σ |
|
|
|
|
|
|
в) координаты центра тяжести ( xC , yC ) пластинки — по фор- |
||||||||
мулам |
|
|
|
|
|
|
|
|
x = |
|
M y |
y = |
|
Mx |
|
|
|
|
|
; |
|
|
; |
|
||
C |
|
m |
C |
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
г) моменты инерции I x , I y , IO пластинки соответственно относительно координатных осей Ox,Oy и начала координат определяют как
Ix = ∫∫y2µ(x, y)dxdy; |
I y = ∫∫x2µ( x, y)dxdy; |
σ |
σ |
IO = ∫∫(x2 + y2 )µ(x, y)dxdy.
σ
Для однородных пластинок µ = const, для простоты в рассматриваемом случае будем считать µ = 1.
Пример 6.1. Найти статический момент однородного прямоугольника со сторонами a, b относительно стороны a.
41
Решение. Поместим начало координат в одну из вершин прямоугольника, а ось Ox направим по стороне a. Статический момент прямоугольника относительно стороны a равен статическому моменту прямоугольника относительно оси Ox. По формуле (6.1) имеем
a |
b |
1 a |
2 |
|
b |
|
b2 a |
b2 |
|
a |
ab2 |
|||
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||
Ma = M x = ∫dx∫ ydy = |
|
∫y |
|
|
|
dx = |
|
∫dx = |
|
dx |
= |
|
. |
|
2 |
|
|
|
2 |
2 |
2 |
||||||||
0 |
0 |
|
0 |
|
|
0 |
|
|
0 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 6.2. Найти статический момент однородного полукруга радиуса R относительно диаметра.
Решение. Поместим начало координат в середину диаметра полукруга, а ось Oy направим по диаметру. Тогда статический момент полукруга относительно диаметра равен статическому моменту полукруга относительно оси Oy.
Введем полярные координаты. С учетом того что уравнение окружности, ограничивающей полукруг, имеет вид x2 + y2 = R2 , а в полярных координатах ρ = R, по формуле (6.2) имеем
|
π/2 |
R |
|
|
|
π/2 |
|
|
3 |
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Md = M y = |
∫ dϕ∫ρcosϕρdρ = |
∫ cosϕ |
ρ |
|
|
dϕ = |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
−π/2 |
0 |
|
3 |
π/2 |
|
−π/2 |
3 |
3 |
0 |
|
π/2 |
|
|
3 |
|
|
2R |
3 |
|
||||
|
|
|
R |
|
|
R |
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
= |
|
∫ |
cosϕdϕ = |
|
|
sin ϕ |
|
|
= |
|
(1 + 1) = |
|
|
. |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
||||||||||||||
|
|
3 |
−π/2 |
|
3 |
|
|
|
|
|
−π/2 |
3 |
|
|
|
|||||||||
Пример 6.3. Найти координаты центра тяжести однородной |
||||||||||||||||||||||||
пластинки, |
ограниченной |
параболой |
ay = x2 |
и прямой |
y = 2 |
|||||||||||||||||||
(a > 0). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. В силу симметрии пластинки относительно оси Oy |
||||||||||||||||||||||||
имеем, что xC = 0. Для нахождения yC |
найдем M x |
и m. Очевид- |
||||||||||||||||||||||
но, что |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
ay |
|
|
|
2 |
|
|
ay |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
M x |
= ∫∫ydxdy = 2∫ydy ∫ dx = 2∫yx |
|
dy = |
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
σ |
|
|
0 |
0 |
|
|
|
|
0 |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
42
2 |
|
y5/2 |
|
2 |
= 2 a ∫ y3/2dy = 2 |
a |
|
|
|
|
|
|
||
0 |
5 / 2 |
0 |
= |
4 |
a 4 2 = |
16 2a |
; |
|
|
|||
5 |
5 |
|
|
2 |
ay |
2 |
|
ay |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
m = ∫∫dxdy = 2∫dy ∫ dx = 2∫x |
|
|
dy = |
|
|
|
|
|||||||
σ |
0 |
0 |
0 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
y |
3/2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
= 2 a ∫y1/2dy = 2 a |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
0 |
|
3 / 2 |
|
0 |
|||||||
откуда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
yC |
= |
Mx |
= |
6 |
. |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
m 5 |
|
|
|
|
= |
4 |
a |
2 2 = |
8 2a |
, |
|
|
|
|||
3 |
3 |
|
Пример 6.4. Найти момент инерции квадрата со стороной a, поверхностная плотность которого пропорциональна y, относительно одной из вершин.
Решение. Поместим начало координат в одну из вершин квадрата, а координатные оси направим по двум взаимно перпендикулярным сторонам. Через k обозначим коэффициент пропорциональности для плотности. Тогда искомый момент инерции
|
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
a |
a |
2 |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
a |
x2 y2 |
|
|
y4 |
|
|
a |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
IO = ∫∫(x |
|
+ y |
|
)kydxdy = k ∫dx∫(x |
|
y |
+ y |
|
)dy = k ∫ |
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
dx = |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
4 |
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
σ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
||||||
|
|
a a2 x2 |
|
|
a4 |
a2 x3 |
|
a4 x |
|
a |
|
a5 |
|
|
a5 |
|
|
|
|
5ka5 |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
= k ∫ |
|
|
|
|
+ |
|
|
|
dx = k |
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
= k |
|
+ |
|
|
|
|
= |
|
. |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
0 |
|
2 |
|
4 |
|
|
|
6 |
|
|
|
|
4 |
|
0 |
|
|
6 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
12 |
|
||||||||
Пример |
6.5. Найти моменты |
|
инерции |
I x , |
I y |
относительно |
||||||||||||||||||||||||||||||||
осей Ox, Oy пластины σ с плотностью ρ = 1, |
ограниченной кри- |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
выми xy = 1, |
|
|
xy = 2, |
|
y = 2x, |
|
x = 2 y |
|
и расположенной в первом |
|||||||||||||||||||||||||||||
квадранте. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Решение. По формулам для I x , |
I y |
имеем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Ix |
= ∫∫y2dxdy, I y |
= ∫∫x2dxdy. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
σσ
43
Чтобы свести каждый из этих двойных интегралов к повторному, необходимо разбить область σ на три части. Удобнее перейти к полярным координатам: x = ρcos ϕ, y = ρsin ϕ. Тогда ϕ изменяется от ϕ1 = arctg1 / 2 до ϕ2 = arctg 2, а при каждом значении ϕ из от-
резка [ϕ1 |
; ϕ2 ] переменная ρ изменяется от ρ1(ϕ) = ( |
sin ϕcosϕ)−1 |
||||||||||||||||
(значение ρ на кривой |
xy = 1, уравнение которой в полярных ко- |
|||||||||||||||||
ординатах в первом квадранте имеет вид ρ = ( |
sin ϕcosϕ)−1 |
до |
||||||||||||||||
ρ2 (ϕ) = ( |
2 sin ϕcos ϕ)−1 |
(значение ρ на кривой |
xy = 2 ). Следо- |
|||||||||||||||
вательно, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
ϕ2 |
|
ρ2 (ϕ) |
4 |
ϕ2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
∫ |
|
∫ |
|
∫ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Ix = |
|
dϕ |
|
ρ3 sin 2ϕdϕ = |
1 |
|
sin2 ϕ[ρ24 (ϕ) − ρ14 (ϕ)]dϕ = |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
ϕ1 |
|
ρ1 (ϕ) |
|
|
ϕ1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
ϕ2 |
dϕ |
|
3 |
|
|
ϕ2 =arctg 2 |
9 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
∫ |
= |
tgϕ |
= |
. |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
ϕ1 |
cos ϕ |
4 |
|
|
ϕ =arctg1/2 |
8 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
Аналогично получаем Iy |
= 9 / 8. |
||||||||
Задача 6.1. Найти координаты центра тяжести однородной |
|||||||||
пластины, ограниченной кривыми: |
|||||||||
a) x + y = 4, y = x2 / 2; |
|
|
|
|
|
||||
б) |
(x − 3)2 |
+ |
( y + 2)2 |
= |
x |
+ |
y |
; |
|
|
|
|
|
||||||
3 |
4 |
|
3 |
2 |
|
в) (x2 + y2 )2 = 2a2 xy(x > 0, y > 0).
Задача 6.2. Найти координаты центра тяжести круглой пластины {(x, y) : x2 + y2 ≤ a2}, если ее плотность в точке M ( x, y) пропорциональна расстоянию от точки M до точки A(a,0).
Задача 6.3. Найти моменты инерции I x , I y относительно осей
Ox,Oy однородной пластинки с плотностью ρ = ρ0 , ограниченной кривыми:
а) x = 0, y = 0, x = a, y = b (a > 0, b > 0);
б) y = 0, y = x, y = 2 − x;
44
в) (x − a)2 + ( y − a)2 = a3 , x = 0, y = 0 (0 ≤ x ≤ a);
г) x4 + y4 = a2 (x2 + y2 ).
Задача 6.4. Найти моменты инерции I x , I y относительно осей
Ox, Oy пластинки с плотностью ρ = xy, ограниченной кривыми: а) x = 0, y = 0, x = a, y = b(a > 0,b > 0);
б) y = 0, y = x, y = 2 − x.
7.ТРОЙНОЙ ИНТЕГРАЛ
ВПРЯМОУГОЛЬНЫХ КООРДИНАТАХ
Пусть функция f (M ) = f (x, y, z) задана в некоторой ограниченной области V в пространстве xOy. Разобьем эту область на пространственные ячейки V1, V2 , …, Vn . В каждой ячейке Vi выберем произвольно точку Mi ( xi , yi , zi ) и умножим значение функции
f в этой точке на объем vi |
ячейки Vi . Сумму таких произведе- |
||
n |
|
|
|
ний по всем ячейкам ∑f (Mi ) |
vi |
называют интегральной суммой. |
|
i=1 |
|
|
|
Обозначим через d (Vi ) |
диаметр ячейки Vi , т. е. расстояние между |
||
наиболее удаленными |
точками |
этой ячейки, и max d(V1) — |
наибольший из диаметров всех ячеек данного разбиения. Тройным интегралом ∫∫∫ f (M )dv от функции f (M ) по области V назы-
V
вают предел интегральных сумм при условии max d(Vi ) → 0 (если такой предел существует и не зависит от выбора точек Mi ( xi , yi , zi ) ), т. е. при неограниченном увеличении числа ячеек, когда все ячейки стягиваются в точку,
|
n |
∫∫∫ f (M )dv = |
lim ∑f (Mi ) vi . |
V |
max d (Vi )→0 i=1 |
45
Если такой предел существует, то функция f (M ) называется интегрируемой в области V; любая непрерывная в ограниченной области V функция f (M ) интегрируема в ней. В дальнейшем мы
ограничимся рассмотрением только непрерывных функций. Тройной интеграл обладает теми же свойствами, что и двойной
интеграл.
Вдекартовых координатах элемент объема обычно записывают
ввиде dv = dxdydz, а тройной интеграл обозначают
∫∫∫ f ( x, y, z)dxdydz.
V
Пусть пространственная область V проектируется в область D на плоскости xOy так, что любая прямая, параллельная оси Oz, пересекает границу области V не более чем в двух точках. Такую область будем называть правильной областью относительно оси Oz.
Если правильная относительно оси Oz область V ограничена сверху поверхностью z = ψ2 (x, y), снизу — поверхностью z = ψ1(x, y) и с боков — цилиндрической поверхностью с образующими, параллельными оси Oz, то такую область называют простой областью относительно оси Oz . Заметим, что боковая поверхность цилиндра может вырождаться в линию.
Аналогично определяются правильные и простые области относительно осей Ox, Oy. Там, где не возникает сомнений, относительно какой оси рассматриваемая область является правильной (простой), будем писать «правильная область» («простая область»).
Функции ψ1(x, y), |
ψ2 ( x, y) |
будем |
считать непрерывными. |
|
Тройной интеграл по простой относительно оси Oz |
области V |
|||
вычисляется по формуле |
|
|
|
|
|
|
ψ2 ( x, y) |
|
|
∫∫∫ f (x, y, z)dxdydz = ∫∫dxdy ∫ |
f (x, y, z)dz. |
(7.1) |
||
V |
V |
ψ1 ( x, y) |
|
Здесь внутренний интеграл
46
ψ2 ( x, y)
∫f ( x, y, z)dz
ψ1( x, y)
берут по z при фиксированных, но произвольных x, y от нижней границы области V до ее верхней границы (т. е. по отрезку, высекаемому границей области V на прямой, проходящей через точку (x, y, 0) параллельно оси Oz ). В результате получается некоторая функция от x, y, которая интегрируется затем по области D плос-
кости xOy.
Наиболее простой вид формула (7.1) принимает, когда область V — прямоугольный параллелепипед, ограниченный плоскостями
x = a, x = b, y = c, y = d, z = e, z = g :
|
b |
d |
g |
|
∫∫∫ f (x, y, z)dxdydz = ∫dx∫dy∫ f (x, y, z)dz. |
(7.2) |
|||
V |
a |
c |
e |
|
Если область V не является простой относительно оси Oz, но является простой относительно одной из двух других осей, то интеграл по V вычисляют по формуле, аналогичной (7.1), заменив z соответствующей переменной.
Если область V не является простой, ее разбивают на конечное число простых областей V1, …, Vn .
Пример 7.1. Вычислить тройной интеграл
|
∫∫∫(x + y + z)dxdydz |
|
V |
по области |
V , ограниченной плоскостями x = 0, x = 1, y = 0, |
y = 1, z = 0, |
z = 1. |
Решение. Вычисляем данный интеграл по формуле (7.2):
1 1 1
∫∫∫(x + y + z)dxdydz = ∫dx∫dy∫(x + y + z)dz.
V |
0 0 0 |
Внутренний интеграл вычисляем, считая x, y постоянными:
47
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(x + y + z) |
2 |
|
1 |
|
|
(x |
+ y +1) |
2 |
|
|
|
|
(x + y) |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
∫(x + y + z)dz = |
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
− |
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
1 |
[(x + y +1)2 − (x + y)2 ]. |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Полученную функцию от x, |
y интегрируем по y, |
считая x посто- |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
янным: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
∫ |
|
[(x + y + 1)2 − (x + y)2 ]dy = |
|
|
|
∫[(x + 1 + y)2 − (x + y)2 ]dy = |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
1 |
|
(x + 1 + y)3 |
|
|
(x + y)3 |
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
3 |
|
|
3 |
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
[(x + |
2) |
|
|
− (x + |
1) |
|
− |
(x + 1) |
|
+ x |
] = |
|||||||||||||||||||||||
2 |
3 |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
1 |
[(x + 2)3 − 2(x +1)3 + x3 ]. |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Последнюю функцию от x интегрируем по x: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
∫ |
1 |
[(x + 2)3 − 2(x +1)3 + x3 ]dx = |
1 |
∫[(x + 2)3 − 2(x +1)3 + x3 ]dx = |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
6 |
6 |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
1 |
(x + 2)4 |
(x + 1)4 |
|
|
|
|
|
|
x4 |
|
1 |
|
|
|
|
1 |
81 |
|
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
3 |
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
− 8 |
+ |
|
|
− 4 + |
|
|
= |
|
. |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
4 |
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
0 |
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
2 |
|
Замечани е. Обычно для сокращения записи все вычисления записывают в одну строку, так же, как при вычислении двойных интегралов.
Пример 7.2. Вычислить тройной интеграл
∫∫∫(1 − x) yzdxdydz,
V
если область V ограничена плоскостями x = 0, z = 0, y = 0,
z = 1 − x − y.
48
Решение. Область V имеет нижнюю границу z = 0 и верхнюю границу z = 1 − x − y. Область V проектируется в область D плос-
кости xOy, которая является |
треугольником с границами |
x = 0, y = 0, y = 1 − x. Область D, |
в свою очередь, проектируется в |
отрезок [0; 1] оси Ox. |
|
Таким образом, при интегрировании по области V переменная
z изменяется от 0 до 1 − x − y, |
переменная y меняется от 0 до |
||||||||
1 − x, а x — от 0 |
до 1. Переходя к повторному интегрированию, |
||||||||
получаем: |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
1 |
|
1−x |
|
1−x− y |
||
∫∫∫(1 − x) yzdxdydz = ∫(1− x)dx ∫ ydy |
∫ zdz = |
||||||||
V |
|
0 |
0 |
|
0 |
||||
|
|
1 |
1−x |
|
1−x− y |
1 |
1−x |
||
|
|
|
|||||||
|
1 |
|
|
1 |
|||||
= |
∫(1 − x)dx |
∫ yz2 |
|
= |
∫(1 − x)dx ∫ y(1 − x − y)2 dy = |
||||
|
|
||||||||
2 |
0 |
0 |
|
2 |
0 |
0 |
|||
|
|
|
0 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
11− x
=1 ∫(1 − x)dx ∫ [(1 − x)2 y − 2(1 − x) y2 + y3 ]dy =
2 0 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
1 |
1 |
|
|
|
2 y2 |
|
|
|
y3 |
|
y4 |
|
|
1−x |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
= |
|
|
∫(1− x) (1− x) |
|
|
|
|
− 2(1− x) |
|
|
+ |
|
|
|
|
dx = |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
2 |
0 |
|
|
|
2 |
|
3 |
|
|
4 |
|
|
0 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
1 |
1 |
|
(1 − x)4 |
|
2(1 − x)4 |
(1 − x)4 |
||||||||||||
= |
|
|
∫(1 − x) |
|
|
|
− |
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
dx = |
||||
|
2 |
2 |
|
|
3 |
|
|
4 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
1 |
(1 |
− x) |
6 |
|
1 |
|
1 |
|
||
|
|
|
|
|
|||||||||
|
= |
∫(1 − x)5 dx = − |
|
|
|
|
= |
. |
|||||
|
|
|
144 |
|
|
|
|
|
|||||
|
24 |
0 |
|
|
|
|
0 |
144 |
|
||||
Пример 7.3. Вычислить тройной интеграл |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
I = ∫∫∫xy zdxdydz, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
T |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где T |
— область, ограниченная |
поверхностями |
|
z = 0, |
z = y, |
||||||||
2 |
y = 1 (рис. 7.1). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y = x , |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
49
Решение. |
Область T можно |
|
представить |
в |
виде |
T = {(x, y, z) : (x, y) σ,0 ≤ z ≤ y}, |
где |
|
σ = {(x, y) : −1 ≤ x ≤1, x2 ≤ y ≤1}. |
Сво- |
|
дя тройной интеграл к повторному, |
||
получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
1 |
1 |
y |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
I = ∫∫dxdy∫xy |
|
zdz = ∫dx ∫ dy∫xy |
zdz = |
||||||||||
|
Рис. 7.1 |
|
|
|
σ |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
−1 |
2 |
0 |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
1 |
0 |
|
1 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
1 |
2 |
|
|
|
|
|
4 |
|
4 |
|
x |
|
|
|
|
+ ∫ x8dx − ∫x8dx |
|
||||
= ∫−1dx ∫ |
xy5/2 dy = |
|
|
∫ x(1− | x |7 )dx = |
|
|
|
|
= 0. |
||||||||||||
3 |
21 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
2 |
|
|
|
− |
21 |
2 |
|
|
|
− |
|
0 |
|
|
|||||||
x |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
−1 |
1 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Задача 7.1. Изменить порядок интегрирования в интегралах: |
|
||||||||||||||||||||
1/a 1−ax |
ax+ y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
а) ∫ dx ∫ dy ∫ f (x, y, z)dz; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
0 |
|
|
0 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
1 |
2x2 +3y2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
б) ∫dy∫dx |
∫ |
|
|
f ( x, y, z)dx; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
0 |
0 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
1−z2 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
в) ∫ dz |
∫ |
dy ∫ |
|
f (x, y, z)dx; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
−1 |
− |
2 |
2 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1−z |
y |
+z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 x xy
г) ∫dx∫dy ∫ f (x, y, z)dz.
0 0 0
Задача 7.2. Вычислить тройные интегралы по областям, ограниченным указанными поверхностями:
а) ∫∫∫xydxdydz,1 ≤ x ≤ 2, −2 ≤ y ≤ −1,0 ≤ z ≤ 1 / 2;
σ
dxdydz
б) ∫∫∫σ (x + y + z)3 ,1 ≤ x ≤ 2,1 ≤ y ≤ 2,1 ≤ z ≤ 2.
50