- •Лекція 7: Основні поняття теорії ймовірностей.
- •1. Предмет теорії ймовірностей. Випробування, події, класифікація подій.
- •2.1. Класичне і статистичне означення ймовірності
- •2.2. Статистичне означення ймовірності.
- •Сума і добуток двох подій, їх властивості
- •4. Повторні незалежні випробування. Схема Бернуллі.
- •4.2. Формула Бернуллі.
- •4.4. Інтегральна формула Муавра-Лапласа
- •4.5. Ймовірність відхилення відносної частоти успіху.
- •4.6. Формула Пуассона
- •4.7. Простий потік подій
4.6. Формула Пуассона
Ймовірність того, що в n незалежних випробуваннях, в кожному з яких ймовірність появи події дорівнює (), подія настане рівноk разів (без різниці, в якій послідовності), обчислюється: за наближеною формулою Пуассона:
, де k= 0; 1; 2; ...; n; – середня кількість успіхів (появи події А); –добуток середньої кількості появи подій на розмір області (одиниця області: площі, об’єму, часу).
Примітка: ймовірність р появи події А в одному випробуванні дуже мала (говорять, що подія А-рідкісна), кількість випробувань n „велика” і добуток np<10, тоді застосовуємо формулу Пуассона.
Приклад №1. Завод відправив на базу 4000 якісних виробів. Імовірність того, що в дорозі виріб пошкодиться, дорівнює 0,00025. Знайти ймовірність того, що на базу надійде: 1) 5 пошкоджених виробів; 2) принаймні один пошкоджений виріб; 3) не менше двох пошкоджених виробів; 4) не більше одного пошкодженого виробу.
Розв’язання. Випробування полягають у транспортуванні виробів на базу. Подія А – при транспортуванні виріб пошкодився. Оскільки добуток , то за формулою Пуассона маємо:
;
;
;
Відповідь: 1) 0,31%; 2) 63%; 3) 26,2%; 4) 74%.
4.7. Простий потік подій
Часто події, що розглядаються при розв’язуванні виробничих задач, настають у випадкові моменти часу. Тоді потоком (течією) подій називають послідовність таких подій, які наступають у випадкові моменти часу. Наприклад: заяви до диспетчерського пункту з викликом таксі; виклики на АТС пункту швидкої медичної допомоги; послідовність відмов елементів у електричному ланцюзі і т.д.
Потік називається простим пуассонівським, якщо виконуються умови:
стаціонарний, тобто залежить від кількості появ події та часу(ймовірності появиподій за проміжок часурівні між собою) і не залежить від моменту свого початку;
має властивість відсутності післядії, тобто ймовірність появи події не залежить від появи або не появи події раніше та не впливає на найближче майбутнє;
ординарний, тобто ймовірність появи більше однієї події в малий проміжок часу є величина нескінченно мала у порівнянні з імовірністю появи події один раз у цей проміжок часу (за нескінченно малий проміжок часу може з’явитись не більше однієї події).
Середня кількість появ подійА в одиницю часу називається інтенсивністю потоку.
Твердження: якщо потік подій пуасонівський, то ймовірність появи події А разів за часобчислюється за формулою:, де– інтенсивність потоку. Цю формулу іноді називаютьматематичною моделлю простого потоку подій.
Приклад № 2. Всередньому на 1м2 площі посіву зустрічається 0,5 стеблин бур’яну. Знайти ймовірність того, що на площі 4м2 знайдеться: 1) 2 стеблини бур’янів; 2) не більше двох стеблин бур’янів; 3) принаймні одна стеблина бур’яну.
Розв’язання. Випробування полягають у дослідженні посівів на наявність бур’янів. Подія А – на площі посівів знайшлися стеблини бур’янів. Кожна стеблина бур’яну розглядається як точка, яка з’являється в заданій площі. Застосовуємо формулу Пуассона. За умовою , s=4м2 (це середня кількість подій, у нашому випадку – стеблин бур’янів, які з’являються на одиниці площі). Параметр розподілу Пуассона =1s=0,54=2. Шукану ймовірність знаходимо за формулою Пуассона:
;
;
.
Відповідь: 1) 27%; 2) 68,1%; 3) 86,4%.
Приклад № 3. Рукопис об’ємом 1000 сторінок друкованого тексту містить 1000 помилок, допущених при наборі (опечаток). Знайти ймовірність того, що навмання взята сторінка містить: 1) хоча б одну опечатку; 2) рівно 2 опечатки; 3) не менше двох опечаток; 4) не більше однієї опечатки. (Вважати, що кількість опечаток розподілена за законом Пуассона).
Розв’язання. Параметр розподілу Пуассона: .
Маємо простий потік подій із інтенсивністю , тоді за формулою:
;
;
;
Відповідь: 1) 63,2%; 2) 18,5%; 3) 26,2%; 4) 73,8%.
Найімовірніше число.
Розглянемо приклад: нехай підкинули монету 4 рази. Подія А полягає у появі герба. Складемо таблицю в якій у першому рядку фіксуватимемо кількість гербів при 4 підкиданнях (0 – ні разу не випав герб, 1 – один раз випав герб, і т.д.). Ймовірність появи герба при кожному підкиданні стала і рівна ½, тоді неуспіх – цифра – ½.
0 |
1 |
2 |
3 |
4 | |
|
|
|
|
|
Визначимо при якій кількості підкидань монетки герб з’являтиметься найчастіше?
У другому рядку таблиці запишемо обчислені ймовірності появи у кожному із 4 підкидань герба:
;
;
;
;
.
Заповнимо другий рядок таблиці:
0 |
1 |
2 |
3 |
4 | |
0,0625 |
0,25 |
0,375 |
0,25 |
0,0625 |
Причому, звернемо увагу:
При фіксованому n = 4 імовірності спочатку зростають при збільшенні числаk від 0 до деякого числа (у даному випадку це 2), і починають спадати при подальшому збільшенні числаk. Кількість успіхів , якій відповідає найбільша ймовірність , називаютьнайбільш імовірною кількістю успіхів, або найімовірнішим числом, або модою. Її визначають із нерівності: , або
Якщо:
число – ціле, то існують дві моди, а самеі;
число – дробове, то існує одна мода, а саме;
якщо число – ціле, то мода визначається, як.
Обчислимо аналітично: n=4, р=0,2, тоді:
,
Ціле число (кількість підкидань), що міститься між даними і буде модою – 2.
Приклад № 3. Садівник зробив восени 6 прививок. Із досвіду минулих років відомо, що після зимування 7 із кожних 10 черенків залишаються життєздатними. Яка найбільш імовірна кількість життєздатних черенків?
Розв’язання. Випробування полягають у тому, що садівник восени висаджує черенки. Подія А – черенок перезимував і залишився життєздатним. За умовою – ймовірність життєздатності черенків.
За формулою: або, тобто.
Відповідь: найбільш імовірна кількість черенків, які „приживуться” рівна 4.
Приклад № 4. Скільки треба виконати незалежних випробувань із ймовірністю появи події у кожному виробуванні, рівною 0,4, щоб найімовірніше число появи події у цих випробуваннях було рівне 25?
Розв’язання. За умовою . Застосуємо формулу:, виконаємо спрощення:. Отримаємо результат:. Тобто шукана кількість випробувань повинна задовільняти подвійну нерівність:, це, зрозуміло, що.
Відповідь: 63.
Приклад № 5. Знайти ймовірність появи події у кожному із 49 незалежних випробувань, якщо найімовірніше число настання події у цих випробуваннях дорівнює 30.
Розв’язання. За умовою . Застосуємо формулу:та виконаємо спрощення:або. Таким чиномабо– нерівність задає проміжок, якому належить шукане значення ймовірності.
Відповідь: .