- •11 Класс
- •Введение
- •Структура аттестационного теста по геометрии (11 класс) Разработчики: Глазков ю.А.
- •М инистерство образования Российской Федерации
- •Часть а
- •Часть с
- •Тест по геометрии № 2
- •Часть а
- •Часть в
- •Часть с
- •Часть в
- •Часть с
- •Часть в
- •Часть с
- •Часть в
- •Часть с
- •Часть в
- •Часть с
- •Часть в
- •Часть с
- •Примеры решения заданий части «с»
- •Правильные ответы к тестам по геометрии (11 класс)
Часть с
Подробные и обоснованные решения заданий части С напишите аккуратно и разборчиво на специальном бланке для записи ответа в свободной форме. Тексты заданий не переписывайте.
С1. Осевое сечение конуса - треугольник с углом 120°. Радиус основания равен 3. Найдите площадь сечения, проходящего через две образующие, угол между которыми равен 45°.
С2. Найдите расстояние от вершины С прямоугольного параллелепипеда ABCDA1B1С1D1 до диагонали BD1, если CC1 = , ВС = 3, CD = 4.
СЗ. Основание пирамиды TABCD - прямоугольник ABCD. Ребро AT перпендикулярно плоскости основания, грань ВСТ образует с плоскостью основания двугранный угол 30°. Найдите площадь боковой поверхности пирамиды, если AT = 3 м, DT = 5 м.
Примеры решения заданий части «с»
Рассмотрим в качестве примеров решения заданий теста № I, которые можно считать достаточно полными, подробными.
Задача С1.
Осевое сечение конуса - треугольник с углом 60°. Радиус основания конуса равен 6 м. Найдите площадь сечения, проходящего через две образующие, угол между которыми равен 30°.
Дано: конус, МО - ось, CMD = 30°, ОА = 6 м,
BAM = 60° или АМВ = 60°.
Найти: SMCD
Решение
1. Пусть АМB - данное осевое сечение, тогда AM = MB, но равнобедренный с углом 60° - равносторонний, поэтому АМ = МВ = 2АО=12м.
2. Треугольник CMD - искомое сечение, следовательно, sin 30°. Так как СМ = MD = AM = 12 м, то м2.
Ответ: 36 м2.
Существенными и обязательными элементами приведенного решения являются
построение осевого и искомого сечений;
обоснование вычисления длины образующей.
Задача С2.
Найдите расстояние от вершины А прямоугольного параллелепипеда ABCDA1B1С1D1 до прямой BD1, если АВ = 4, AD = 3, АА1 = 12.
Дано: прямоугольный параллелепипед ABCDA1B1С1D1,
АВ = 4, AD = 3, AA1 = 12.
Н айти: расстояние от точки А до прямой BD1.
Решение:
1. Грани прямоугольного параллелепипеда - прямоугольники, поэтому AB AD, АВ АА1, значит, AB пл.ADA1 (признак перпендикулярности прямой и плоскости), и следовательно, АВ AD1 (определение прямой перпендикулярной плоскости). Таким образом, треугольник ABD1 - прямоугольный.
2. Грань ADD1A1 - прямоугольник, следовательно, по теореме Пифагора,
AD =АА + A1D =122+32 =153.
В АВD1: BD1 = .
3. Пусть AM BD1, следовательно, длина AM - расстояние от точки А до прямой BD1.
Так как , то Ответ: .
Существенными элементами приведенного решения являются
доказательство того, что треугольник ABD1 прямоугольный,
вывод о том, что искомым расстоянием является длина перпендикуляра AM к прямой BD1.
Задача СЗ.
Основание пирамиды MABCD - прямоугольник ABCD. Ребро AM перпендикулярно плоскости основания. Грань ВСМ наклонена к плоскости основания под углом 30°. Найдите площадь боковой поверхности пирамиды, если ВМ = 2 м, DM = 2 м. Дано: пирамида MABCD,
ABCD - прямоугольник,
МА пл.АВС,
угол МВСА равен 30°,
ВМ = 2 м, DM = 2 м
Найти: Sбок
Р ешение:
1. МА пл. ABC, следовательно, АВ = пр. MB. АВ ВС (ABCD - прямоугольник), следовательно, MB BC (теорема о трех перпендикулярах). Аналогично MD CD.
2. AB BC и MB BC, значит, ABM - линейный
угол двугранного угла МВСА, т.е. ABM= 30° (определение).
3. MB пл.ABC, следовательно, MA AB и MA AD (определение прямой, перпендикулярной плоскости).
В АМВ: АМ = ВМ sinВ = 2 , АВ = ВМсоsВ = 2 = 3.
В AMD: AD = 1 (теорема Пифагора).
.
Ответ: м2.
Существенными элементами приведенного решения являются
обоснование того, что ABM - линейный угол двугранного угла МВСА,
обоснование того, что треугольники, составляющие боковую поверхность, — прямоугольные.