- •Розрахунковий варіант
- •Робоче завдання
- •Робоче тіло – ідеальний газ.
- •Маса ідеального газу.
- •Визначення параметрів стану в початковій точці циклу
- •Визначимо основні параметри станів по графікам процесів
- •Визначимо параметри стану в точці 2
- •Визначимо параметри стану в точці 3
- •Визначимо параметри стану в точці 4
- •Визначимо параметри стану в точці 5
- •Зображення циклу ідеального газу pv- I Ts- діаграмах
- •Розрахунок процесів, що входять до циклу
- •Процес 1-2
- •Процес 2-3
- •Процес 3-4
- •Процес 4-5
- •Процес 5-1
- •Розрахунок циклу за іі законом термодинаміки
- •Маса водяної пари
- •Параметри стану водяної пари у початковій точці 1
- •Параметри водяної пари в точці 2
- •Параметри водяної пари в точці 3
- •Параметри водяної пари в точці 4
- •Параметри водяної пари в точці 5
- •Розрахунок процесів водяної пари
- •Процес 1-2
- •Процес 2-3
- •Процес 3-4
- •Процес 4-5
- •Процес 5-1
- •Аналіз циклу водяної пари за іі законом термодинаміки
- •Ексергетична оцінка
-
Розрахунок процесів водяної пари
Усі процеси, що складають цикл, зображені при визначенні параметрів останньої точки циклу. Розрахунок кожного процесу будемо вести у такій послідовності. По-перше, знайдемо ∆U, ∆H, ∆S у процесі; по-друге, розрахуємо Q, L, Lн; по-третє, складемо енергетичний баланс процесу за І законом термодинаміки, покажемо схему енергобалансу; по-четверте, накреслимо процес у hs-, Ts-, i pv- діаграмах водяної пари.
-
-
-
-
-
-
-
Процес 1-2
По аналогії з ідеальним газом першим йде процес 1-2. Для цього адіабатного процесу простежується різниця властивостей ідеального газу та водяної пари. У процесі 1-2 ідеального газу зміна ентропії рівна нулю. Внутрішня енергія газу і ентальпія залежать тільки від температури. Для водяної пари U=ƒ(T,p) і H=φ(T,p), тобто ∆U та ∆H не будуть мати нульового значення:
∆U1-2 = m·(u2 - u1) = 5,1237·(2971,887-2618,976) = 1808,21 кДж
∆H1-2 = m·(h2 – h1) = 5,1237·(3278,247-2823,906) = 2327,906 кДж
Зміна ентропії в процесі 1-2 рівна нулю (∆S1-2=0).
Знайдемо характеристики процесу. Незважаючи на природу робочого тіла, у адіабатному процесі, що йде без теплообміну з навколишнім середовищем, теплота дорівнює нулю. Але при розрахунку роботи зміни об’єму та наявної роботи природа робочого тіла виявляє свої властивості. Формули, які використовувалися не підходять. Характеристики процесу знаходяться за І законом термодинаміки Q = ∆U + L або Q = ∆H + Lн. Тоді, якщо Q1-2=0, отримаємо
L1-2=-∆U1-2=-1808,21кДж
Lн1-2=-∆Н1-2=-2327,906 кДж
На основі останніх рівнянь складемо схему енергобалансу.
Зобразимо процес 1-2 у hs-, Ts-, i pv- координатах.
Запишемо отриманні дані в таблицю 4.
Таблиця 4
Процеси |
∆Uі, кДж |
∆Hі, кДж |
∆Sі, кДж/K |
Qі, кДж |
Lі, кДж |
Lні, кДж |
1-2 |
1808,21 |
2327,906 |
0 |
0 |
-1808,21 |
-2327,906 |
2-3 |
457,511 |
617,462 |
10,998 |
7998,86 |
7541,269 |
7381,318 |
3-4 |
266,661 |
336,970 |
0,3528 |
266,661 |
0 |
-73,49 |
4-5 |
-2257,33 |
-2921,25 |
-4,7602 |
-2921,25 |
-663,914 |
0 |
5-1 |
-275,04 |
-361,08 |
-6,539 |
-3158,81 |
-2883,77 |
-2797,73 |
∑ |
0 |
0 |
0 |
2185,461 |
2185,375 |
2182,192 |
-
Процес 2-3
Далі йде процес 2-3 – процес ізотермічного розширення. Для цього ізотермічного процесу простежується різниця властивостей ідеального газу та водяної пари. Для водяної пари U=ƒ(T,p) і H=φ(T,p), тобто ∆U та ∆H не будуть мати нульового значення:
∆U2-3 = m·(u3 – u2) = 5,1237·(3061,18 – 2971,88) = 457,511 кДж
∆H2-3 = m·(h3 – h2) = 5,1237·(3398,75-3278,24) = 617,462 кДж
Зміна ентропії в процесі 2-3 відмінна від нуля
∆S2-3= m·(s3 – s2) = 5,1237·(8,65-6,51) = 10,998 кДж/К
За формулою розрахуємо кількість теплоти, що відводиться у процесі
кДж
Згідно І закону термодинаміки
Q = ∆U + L → L2-3=Q - ∆U2-3= 7541,269 кДж
Q = ∆H + Lн → Lн2-3=Q - ∆Н2-3=7381,318 кДж
На основі останніх рівнянь складемо схему енергобалансу.
Зобразимо процес 2-3 у hs-, Ts-, i pv- координатах.
Занесемо отримані дані в таблицю 4.