Аналит. геометрия. Мазова Р.Е
..pdf10.Найти площадь параллелограмма, построенного на векторах |
r |
= |
r |
||||
a |
m + 2 n |
||||||
r |
r r |
r |
r |
– единичные векторы, образующие угол 30°. |
|||
и b |
= 2 m + n |
, где m |
и n |
11.Дано: | ar| = 3; |b | = 26; | ar×b | = 72. Вычислить ( a b ) .
12.Даны векторы a = {3; –1; –2} и b = {1; 2; –1}. Найти координаты векторного произведения (2 ar–br )× (2 a + b ).
13.Дано: | a |=10 ; | b |= 2 ; (a b)=12 . Вычислить (a ×b).
14.Какому условию должны удовлетворять векторы a и b , чтобы векторы a + b и a −b были коллинеарны?
1.6.4. Задачи на тему «Смешанное произведение векторов»
1. Построить параллелепипед на векторах |
a |
= 3 |
i |
+ 4 |
j |
, |
|
|
= −3 |
|
+ |
|
, |
b |
j |
k |
c = 2 j +5k и вычислить его объем. Правой или левой будет связка векто-
ров ( ar, br , сr)?
2.Построить пирамиду с вершинами и O(0; 0; 0), A(5; 2; 0), B(2; 5; 0) и C(1; 2; 4) и вычислить ее объем, площадь грани ABC и высоту пирамиды,
|
опущенную на эту грань. |
|||||||||||||||||||||||||
3. |
Показать, что точки A(2; –1; –2), B(1; 2; 1) и C(2; 3; 0) и D(5; 0; –6) ле- |
|||||||||||||||||||||||||
|
жат в одной плоскости. |
|||||||||||||||||||||||||
4. |
Показать, что векторы |
|
= − |
|
+ 3 |
|
+ 2 |
|
, |
|
= 2 |
|
−3 |
|
−4 |
|
, |
|
= −3i +12 |
|
+ 6 |
|
|
|||
a |
i |
j |
k |
b |
i |
j |
k |
c |
j |
k |
||||||||||||||||
|
компланарны. Разложить вектор с по векторам a и b . |
|||||||||||||||||||||||||
5. |
|
r |
r |
r |
||||||||||||||||||||||
Векторы a |
, b |
и с , образующие правую тройку, взаимно перпендикуляр- |
||||||||||||||||||||||||
|
ны. Зная, что | ar| = 4; |br | = 2; | с | = 3, вычислить ( a b с ). |
|||||||||||||||||||||||||
6. |
Даны три вектора: ar={1; –1; 3}; b ={–2; 2; 1}; с ={3; –2; 5}. Вычислить |
|||||||||||||||||||||||||
|
r r |
r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
( a b |
с ). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
7.Даны вершины тетраэдра: A(2; 3; 1), B(4; 1; –2), C(6; 3; 7), и D(–5; –4; 8).
Найти длину его высоты, опущенной из вершины D.
8.Объем тетраэдра V = 5, три его вершины находятся в точках A(2; 1; –1), B(3; 0; 1) и C(2; –1; 3). Найти координаты четвертой вершины D, если известно, что она лежит на оси Oy.
21
2.ПРЯМАЯ НА ПЛОСКОСТИ
2.1.Аналитическое представление прямой на плоскости
Уравнение вида Ax + By +C = 0 называется общим уравнением прямой. Если из этого уравнения выразить y (B ≠0 ), то получим уравнение прямой
с угловым коэффициентом y = kx +b , где k = −A/ B , |
b = −C / B , k = tgα; а |
b – величина отрезка, который отсекает прямая на оси |
Oy , считая от начала |
координат (рис. 2.1, а).
Уравнение y − y0 = k(x − x0 ) является уравнением прямой, проходящей через точку M 0 (x0 , y0 ), и имеет угловой коэффициент k .
Если прямая проходит через точки M1 (x1, y1 ) и M 2 (x2 , y2 ), то ее угловой
коэффициент определяется по формуле
k = y2 − y1 , x2 − x1
а уравнение прямой, проходящей через две точки, принимает вид
x − x1 |
= |
y − y1 |
|||||
|
|
|
|
|
|
. |
|
x |
2 |
− x |
y |
2 |
− y |
||
|
1 |
|
|
1 |
|
Если обе части общего уравнения прямой разделить на ( − C ≠0 ), то по-
лучим уравнение прямой в отрезках (рис. 2.1, б)
ax + by =1,
где a = −C / A ; b = −C / B . Это отрезки, которые прямая отсекает от соответствующих осей координат.
|
y |
|
|
y |
|
|
|
|
y = kx +b |
|
x / a + y /b =1 |
|
|
b |
|
|
b |
|
||
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
α |
|
x |
|
|
|
x |
|
0 |
|
0 |
a |
||
|
|
|
|
|||
а) |
|
|
|
|
б) |
|
|
|
Рис. 2.1 |
|
|
|
|
Если известны угловые коэффициенты двух прямых k1 |
и k2 , то угол ϕ |
отсчитанный против часовой стрелки от прямой с угловым коэффициентом k1 до прямой с угловым коэффициентом k2 определяется формулой
22
tgϕ = k+2 − k1 .
1 k1k2
Условием параллельности двух прямых является равенство их угловых коэффициентов k1 = k2 .
Условием перпендикулярности двух прямых является соотношение k2 = −1/ k1 .
Если в общем уравнении прямой Ax + By +C = 0 один или два из трех коэффициентов обращаются в нуль, то уравнение называется неполным. Возможны следующие случаи:
1) C = 0 ; уравнение имеет вид Ax + By =0 и определяет прямую, проходящую через начало координат;
2)B = 0 ; уравнение имеет вид Ax + C = 0 и определяет прямую, перпендикулярную к оси Ox ;
3)B = 0 ; C = 0 ; уравнение может быть записано в виде x = 0 и определяет ось ординат;
4)A = 0 ; уравнение имеет вид By +C =0 и определяет прямую, перпен-
дикулярную к оси Oy ; |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
5) A = 0 ; |
|
C = 0 ; уравнение может быть записано в виде y = 0 и опреде- |
|||||||||||||||||||||
ляет ось абсцисс. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Если |
две |
|
|
|
прямые заданы уравнениями |
|
A1x + B1 y + C1 = 0 , |
||||||||||||||||
A2 x + B2 y + C2 = 0 , то возможны следующие случая: |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
а) |
A1 |
|
|
≠ |
|
B1 |
|
– |
|
прямые имеют одну общую точку (условие пересечения |
|||||||||||||
A |
|
B |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
2 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
прямых); |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
б) |
A1 |
|
= |
|
|
B1 |
|
≠ |
C1 |
|
– прямые парал- |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
A |
|
|
B |
C |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
лельны; |
2 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
||||
A1 |
|
|
|
B1 |
|
|
C1 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||
в) |
= |
|
|
= |
|
– прямые сливаются и |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
A |
|
B |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
C |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
2 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
определяют одну и ту же прямую. |
|
|
|
|
M(x0,y0) |
||||||||||||||||||
г) |
A1 A2 +B1B2 =0 – прямые перпен- |
|
p |
d |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
дикулярны. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
β |
|
|
x |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Нормальное уравнение прямой |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
x cosβ+ y sinβ− p = 0 |
|
|||||||||||||||||||||
x cosβ+ y sinβ− p = 0 |
, где p – длина пер- |
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
пендикуляра, опущенного из начала коорди- |
|
|
|
Рис. 2.2 |
|
нат на прямую, а β – угол наклона этого перпендикуляра к оси Ox (рис. 2.2).
23
Чтобы привести общее уравнение прямой Ax + By +C = 0 к нормальному ви-
ду, нужно умножить его на нормирующий множитель M = ±1/ A2 + B 2 , взятый со знаком, противоположным знаку свободного члена C .
Расстояние d от точки M(x0 , y0 ) до прямой (рис. 2.2) найдем, если в левую часть нормального уравнения прямой на место текущих координат подставим координаты (x0 , y0 ) и полученное число возьмем по абсолютной величине
d = x0 cosβ + y0 sin β − p
или
d = Ax0 + By0 + C . |
|
A2 + B2 |
|
Уравнения биссектрис углов между прямыми A1x + B1 y + C1 = 0 |
и |
A2 x + B2 y + C2 = 0 запишутся как |
|
A1x + B1 y + C1 = ± A2 x + B2 y + C2 .
A12 + B12
Уравнение пучка прямых, проходящих через точку пересечения двух данных прямых, имеет вид
α(A1 x + B1 y +C1 )+β(A2 x + B2 y +C2 )= 0 .
2.2. Примеры решения задач
Пример 1. Составить уравнение прямой, отсекающей на оси ординат отрезок b = –3 и образующей с положительным направлением оси абсцисс угол α = π6.
Решение:
Находим угловой коэффициент k = tg |
π |
= |
1 |
. Воспользовавшись |
||
|
6 |
|
3 |
|
1 |
|
уравнением прямой с угловым коэффициентом, |
получаем y = |
x −3. Ос- |
||||
|
|
|
|
|
3 |
|
вобождаясь от знаменателя и перенося все члены в левую часть, получаем общее уравнение прямой x − 3y − 3 3 = 0.
Пример 2. Составить уравнение прямой, отсекающей на осях координат отрезки a = 6; b = –4.
Решение: |
|
x |
|
y |
|
|
Воспользовавшись уравнением прямой в отрезках, |
имеем |
+ |
=1. |
|||
6 |
− 4 |
|||||
Это уравнение можно переписать в виде 2 x –3 y – 12 = 0 |
|
|
|
|||
(общее уравнение |
24
прямой).
Пример 3. Дано общее уравнение прямой 12 x – 5 y – 6 = 0.
Написать: 1) уравнение с угловым коэффициентом; 2) уравнение в отрезках; 3) нормальное уравнение.
Решение:
1. Разрешив уравнение относительно y, получаем уравнение прямой с
угловым коэффициентом: |
y = |
12 |
x − |
6 |
. Здесь k = |
|
12 |
, b = − |
6 |
. |
|||||
|
|
5 |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
5 |
5 |
|
|
5 |
|
|||||
2. Перенесем свободный член общего уравнения в правую часть и разде- |
|||||||||||||||
лим обе части на 6. Получим уравнение прямой в отрезках |
|
|
|
||||||||||||
|
x |
+ |
y |
=1. Здесь a =1 2 |
b = −6 5. |
|
|
|
|
|
|
||||
1/ 2 |
− 6 / 5 |
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
3. Находим нормирующий множитель μ = |
1 |
|
= 1 . |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
122 |
+(−5)2 |
13 |
|
Умножив обе части общего уравнения на этот множитель, получаем нор-
мальное уравнение прямой |
12 |
x − |
|
5 |
|
y − |
6 |
= 0. |
||
|
13 |
|
||||||||
|
13 |
|
13 |
|
||||||
где соs ϕ =12 13 ; |
sin ϕ = − 5 13 ; |
p = 6 13. |
|
|||||||
Пример 4. Построить прямые: |
|
|
|
|
||||||
1) |
x – 3 y + 5 = 0; |
|
|
|
3) 5 x – 2 = 0; |
|||||
2) |
2 x + 3 y = 0; |
|
|
|
4) 2 y + 7 = 0. |
|||||
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1. Полагая в уравнении x = 0 , получаем |
y = 5/3. Следовательно, прямая |
|||||||||
пересекается с осью ординат в точке B (0, |
5/3). Полагая y = 0, получаем |
x = –5, т.е. прямая пересекается с осью абсцисс в точке |
A (–5, 0). Проведем |
||
прямую через точки A и B (рис. 2.3). |
|
||
2. Прямая 2 x +3 y = 0 |
проходит через нача- |
y |
|
ло координат, так как в ее уравнении отсутствует |
|
||
свободный член. Дадим |
x |
в уравнении прямой |
5/3 B |
какое-нибудь значение, |
например, x = 1, тогда |
|
y = –2/3. Получили точку M (1, –2/3). Проведем |
A |
x |
|
через начало координат и через точку M прямую. |
|||
–5 |
O |
||
3. Разрешив уравнение прямой относитель- |
|
Рис. 2.3 |
|
но x, получим x = 2/5. Эта прямая параллельна |
|
||
|
|
оси ординат и отсекает на оси абсцисс отрезок, равный 2/5 (рис. 2.3).
4. Аналогично получаем уравнение y = –7/2. Эта прямая параллельна оси абсцисс.
25
Пример 5. |
Определить острый угол между прямыми y = –2 x + 7 и |
|||||||||||
y = - x + 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Так как k1= –3, k2= 2, то получим tg ϕ = |
− 2 −(−1) |
|
= 1, т.е. |
ϕ = π 4. |
||||||||
1−(−2) (−1) |
|
|||||||||||
Пример 6. |
Показать, что прямые |
4 x – 6 y + 7 = 0 и |
|
20 x – 30 y – 4 = 0 |
||||||||
параллельны. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение: |
|
4 |
|
−6 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
Составим |
соотношение |
= |
= |
|
. Следовательно, |
прямые |
||||||
20 |
−30 |
|
||||||||||
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
параллельны.
Эту же задачу можно решить через угловые коэффициенты прямых. Приведем уравнение каждой прямой к виду с угловым коэффициентом. По-
лучим |
y = |
2 |
x + |
7 |
и |
y = |
2 |
x − |
4 |
. Угловые коэффициенты этих прямых рав- |
||||
|
|
|
3 |
|
2 |
|
6 |
|
3 |
|
30 |
|
||
ны k |
= k |
2 |
= |
, т.е. прямые параллельны. |
||||||||||
|
||||||||||||||
1 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
Показать, что прямые 3 x – 5 y + 7 = 0 и 10 x + 6 y – 3 = 0 |
||||||||||
Пример 7. |
||||||||||||||
перпендикулярны. |
|
|
|
|
|
Решение:
Из условия перпендикулярности прямых, заданных общим уравнением, имеем 3 10 +(−5) 6 =0 . Или, через угловые коэффициенты: приведем оба
уравнения |
к |
виду с |
|
угловым коэффициентом. |
Получим |
y = |
3 |
x + |
7 |
и |
||||||||||||||||
|
5 |
|||||||||||||||||||||||||
|
5 |
|
1 |
|
|
|
k1= 3 , |
k2= – 5 , |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
5 |
|
|
||||||
y = − |
x + |
. Здесь |
а так как |
k = − |
, то прямые пер- |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
3 |
|
2 |
|
|
|
5 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
1 |
k2 |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
пендикулярны. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Пример 8. |
Составить |
уравнение прямой, |
проходящей через |
точки |
||||||||||||||||||||||
A (–4, 3) и B (2, 7). |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Решение: |
x1= –4, |
|
y1= 3, |
x2= 2, |
y2= 7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Полагая |
|
и используя |
|
уравнение |
пря- |
|||||||||||||||||||||
мой, проходящей через две точки, получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
y −3 |
= |
x + 4 |
, |
|
y −3 |
= |
x + 4 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
7 −3 |
2 − (−4) |
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Искомое уравнение прямой имеет вид |
2 x – 3 y + 17 = 0. |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
Уравнение составлено верно, если координаты точек A и B удовлетво- |
||||||||||||||||||||||||||
ряют полученному уравнению прямой. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Пример 9. |
Показать, что прямые |
3 x – 2 y + 1 = 0 и |
|
2 x + 5 y – 12 = 0 |
пересекаются, и найти координаты точки пересечения.
26
Решение: |
|
3 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
Так как угловые коэффициенты не равны: k = |
, |
k |
2 |
= − |
, |
k |
≠ k |
2 |
, то |
||||
|
|
||||||||||||
|
1 |
2 |
|
|
5 |
|
1 |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
прямые пересекаются. Решив совместно эти два уравнения |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
3x − 2y +1 = 0, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x +5y −12 = 0, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
получим x = 1, |
y = 2, т.е. прямые пересекаются в точке (1, 2). |
|
|
|
|
|
|||||||
Пример 10. |
Определить расстояние от точки |
|
M (x0, y0) |
до прямой |
A x + B y + C = 0, не пользуясь нормальным уравнением прямой.
Решение:
Задача сводится к определению расстояния между точками M (x0, y0) и N, где N – основание перпендикуляра, опущенного из точки M на данную прямую. Составим уравнение прямой MN.
Так как угловой коэффициент заданной прямой равен − АВ, то угловой коэффициент прямой MN из условия перпендикулярности равен B A и уравнение прямой MN имеет вид y – y0 = B A (x – x0). Это уравнение может быть переписано в виде B (x – x0) = A (y – y0 ).
Для определения координат точки N решим систему уравнений:
A x + B y + C = 0B(x − x0 ) = A( y − y0 ) .
Введем |
вспомогательную |
неизвестную t: |
|
|
|
x − x0 |
= |
y − y0 |
|
= t . Тогда |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
B |
|
|
|
|
|
x = x0 + A t, |
y = y0 + B t. Подставив эти выражения в уравнение данной |
|||||||||||||||||||||||
прямой, получим A (x0 +A t) + B (y0 + B t ) + C = 0, откуда |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
t |
= − |
|
A x0 + B y0 + C |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
t |
|
|
A2 + B2 |
x = x0 + A t, |
y = y0 + B t, оп- |
||||||||||||||
Подставив теперь значение |
в уравнения |
|||||||||||||||||||||||
ределим координаты точки N: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
x = x0 − A |
A x0 + B y0 + C |
, |
y = y0 − B |
A x0 + B y0 |
+ C |
. |
|
||||||||||||||||
|
A2 + B2 |
|
|
|
A2 + B2 |
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Остается определить расстояние между точками M и N: |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
2 |
|
2 |
|
|
Ax |
+ |
By |
0 |
+ C |
2 |
|
|
|
Ax + By |
0 |
+ C |
2 |
||||||
d = (x − x0 ) + ( y − y0 ) = |
A |
0 |
|
|
|
+ B |
0 |
|
|
|
|
|
= |
|||||||||||
|
|
A2 |
+ B2 |
|
A2 + B2 |
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
= Ax0 |
+ By0 + C . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Пример 11. |
|
|
|
|
|
|
|
A2 + B2 |
|
|
|
|
M (1, –2) |
|
|
|
|
|||||||
Определить |
расстояние |
|
от точки |
|
до |
прямой |
||||||||||||||||||
4 x – 3 y – 7 = 0, используя нормальное уравнение прямой |
|
|
|
|
|
|
27
Решение: |
1 |
|
Умножим уравнение прямой на нормирующий множитель |
, за- |
|
|
16 +9 |
|
тем подставим в левую часть уравнения прямой координаты точки, расстояние до которой мы ищем. Это выражение необходимо взять по модулю
d = |
4 1−3 (−2) −7 |
= |
3 . |
|
16 +9 |
|
5 |
Пример 12. Определить расстояние между параллельными прямыми
3 x + y – 3 10 = 0 и 6 x + 2 y + 5 10 = 0.
Решение:
Задача сводится к определению расстояния от произвольной точки одной прямой до другой прямой.
Полагая, например, в уравнении первой прямой x = 0, получаем y = 3 10 .
Таким образом, M (0, 3 10 ) – точка, лежащая на первой прямой. Определим расстояние точки M до второй прямой:
d = 6 0 + 2 3 |
10 +5 |
10 = 11 |
10 |
= 5,5. |
|
|||
|
|
36 + 4 |
|
2 |
10 |
|
3 x + 4 y – 1 = 0 |
|
Пример 13. Найти биссектрисы углов между прямыми |
||||||||
и 4 x – 3 y + 5 = 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение: |
|
|
|
|
|
|
M (x, y) |
|
Возьмем на биссектрисе произвольную точку |
и определим ее |
|||||||
расстояния до каждой из данных прямых по формуле |
|
|||||||
|
|
d = Ax1 + By1 +C |
|
|
|
|||
|
|
|
± A2 + B2 . |
|
|
|
||
d1 |
= |
3 x + 4y −1 = |
3 x + 4y −1 |
, |
|
|||
|
|
9 +16 |
|
5 |
|
|
|
|
d2 |
= |
4 x −3y +5 |
= |
4 x −3y +5. |
|
|||
|
|
− |
9 +16 |
|
−5 |
|
|
|
Так как биссектриса есть геометрическое место точек, равноудаленных |
от данных сторон угла, то d1 = d2 , или |
d1 = ± d2. Взяв одинаковые знаки |
|||||||||
d1 и d2, получим уравнение первой из биссектрис |
|
|||||||||
|
|
3 x + 4y −1 |
= |
|
4 x −3y +5 |
, |
||||
|
5 |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
−5 |
|
||||
|
3 x + 4 y – 1 = 3 y – 4 x – 5, 7 x + y + 4 = 0. |
|||||||||
При различных знаках d1 и d2 получим уравнение второй биссектрисы |
||||||||||
|
|
|
3 x + 4 y −1 |
= |
4 x −3y +5 |
|
, |
|||
|
|
|
|
|
||||||
|
5 |
|
|
|
|
5 |
|
|
||
откуда |
3 x + 4 y – 1 = 4 x – 3 y + 5, |
x – 7 y + 6 = 0. |
||||||||
тогда получим |
|
|
7 x + y + 4 = 0; |
x – 7 y + 6 = 0. |
28
Пример 14. Найти общее уравнение прямой:
Решение:
31 2 3 .
Получим 3x + 2 y - 9 = 0
Пример 15. Найти координаты вершин треугольника, если стороны за-
даны уравнениями: x - 2y + 3 = 0; 2x - y – 3 = 0; x + y – 3 = 0;
Решение:
Пусть АВ – х – 2у + 3 = 0, АС – 2х – у – 3 = 0, ВС – х + у – 3 = 0. Найдем вер-
шинытреугольникаАВСкакточкипересечения сторонтреугольника(рис. 2.4).
Найдем координаты т. А:
|
|
|
2х − 4 у + 6 = 0 |
х−2у+3 = 0 |
|
− |
2х − у − 3 = 0 |
=> |
|
||
|
|
|
|
|
− 3у + 9 = 0 |
||
2х− у−3 = 0 |
|
|
|
у = 3, х = 3 |
|
|
|
Имеем A(3;3). |
|
|
|
Найдем координаты т. В: |
|
|
х−2у+3 = 0 |
|
Рис. 2.4 |
− |
х+ у−3 = 0 |
|
|
|
. |
|
|
−3у+6 = 0 |
|
||
|
|
||
у = 2, х = 1. |
|
|
|
Имеем т. B(1;2). |
|
|
|
Найдем координаты т. С: |
|
||
|
2х− у −3 = 0 |
|
|
+ |
х+ у −3 = 0 |
|
|
|
|
|
3х−6 = 0 |
. |
|
Рис. 2.5
х = 3, y = 1. Имеем т. C(2;1).
Таким образом, координаты вершин треугольника: А (3;3); В(1;2); С(2;1). Пример 16. Даны вершины треугольника: М1 (1;2); М 2 (2;3); М3 (3;1). Написать уравнение высоты, опущенной из точки М1 на противо-
положную сторону.
Решение:
Проведем из точки М1 высоту к стороне М2М3 запишем уравнение стороныМ2М3
М2 М3 : |
х−2 |
= |
|
у−3 |
|
3 −2 |
1−3, |
||||
|
|
29
откуда имеем 2х + у - 7=0, у = - 2х+7 т.е. угловой коэффициент прямой k= -2. Тогда, угловой коэффициент перпендикулярной прямой (высоты М1N ) бу-
дет k1 = 12 .
Запишем уравнение высоты, как уравнение прямой, проходящей через одну точку: y-y1 =k(x-x1), где x1 и y1 – координаты точки М1. откуда имеем
у−2 = 12 (х−1), преобразовав, получимуравнениевысотых- 2у+ 3=0 (рис. 2.5).
Пример 17. Даны вершины треугольника M1M2M3: М1(-3;0), M2(2;5), M3(3;2). Найти периметр треугольника, вершинами которого служат середины сторон.
Рис. 2.6
середины стороны будут:
xF = |
xM2 + xM3 |
= |
3 + |
2 |
= 2,5 . |
2 |
2 |
|
|||
|
|
|
|
тогда т. F(2,5; 3,5).
Решение:
1. Построение:
К, Е, F – середины соответствующих сто-
рон М1М3 , М1М2, М2М3 .
т. К – середина М1М3, тогда координаты середины стороны будут:
xk = |
xM |
1 |
+ xM |
3 |
= |
3 −3 |
= 0, |
||
|
|
2 |
|
2 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
уk = |
уM |
1 |
+ уM |
3 |
|
= |
0 + 2 |
=1, |
|
|
|
2 |
|
|
2 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
тогда т. К(0;1).
т. F – середина М2М3, тогда координаты
уF = |
уM |
2 |
+ уM |
3 |
= |
5 + |
2 |
= 3,5, |
|
|
2 |
|
2 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
т. Е – середина М1М2, тогда координаты середины стороны будут:
xЕ = |
xM |
1 |
+ xM |
2 |
= |
−3 + 2 |
= −0,5 |
||
|
|
2 |
|
2 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
уЕ = |
|
уM |
1 |
+ уM |
2 |
= |
0 +5 |
= 2,5, |
|
|
|
|
2 |
|
2 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
тогда Е(-0,5; 2,5). |
|
|
|||||||
KF= |
(xF − xK )2 + ( yF − yK )2 = 2,52 + 2,52 = 12,5 Аналогично EF= 10 ; |
EK= 2,5 . Тогдапериметртреугольникабудет P KFE = 12,5 + 10 + 2,5 (рис. 2.6).
Пример 18. Даны вершины треугольника М1 М2 М3 : М1(-3;0), М2(2;5), М3(3;2). Найти периметр треугольника, вершинами которого служат основания биссектрис, проведенных из вершин М1 М2 М3 к противоположным сторонам.
30