Интегральное исчисление
.pdf
|
dy |
|
|
|
|
|
|
f |
|
a1x b1y c1 |
|
(7) |
|
|
|
|
||||
|
dx |
|
a2 x b2 y c2 |
|
||
с помощью замены Х = х – х1 |
, Y = y – y1 , где х1 , у1 – решение системы |
|||||
уравнений |
|
|
|
|
|
a1x + b1y + c1 = 0, a2x + b2y + c2 = 0.
(C геометрической точки зрения производится перенос начала координат в точку пересечения прямых a1x + b1y + c1 = 0 и a2x + b2y + c2 = 0). Тогда,
поскольку dydx dXdY , в новых переменных уравнение примет вид:
dY |
a |
X b Y |
|
dY |
a |
|
b |
Y |
Y |
|
|||||
|
|
1 |
1 |
X |
|
|
|||||||||
|
f |
1 |
1 |
|
или |
|
f |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
b |
Y |
||||||||
dX |
a2X b2Y |
|
dX |
a |
|
|
X |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
2 |
X |
|
|
|
однородное уравнение.
Пример 5.
(у + 2) dx = (2x + y – 4)dy. Запишем уравнение в виде
dy |
|
y 2 |
. |
|
dx |
2x y 4 |
|||
|
|
Решением системы у + 2 = 0, 2х + у – 4 = 0 будут х1 = 3, у1 = -2. В новых переменных Х = х – 3, Y = y + 2 получим однородное уравнение
dY |
|
Y |
, |
|
dX |
2X Y |
|||
|
|
которое можно решить с помощью обычной замены Y = Xt. Тогда
X |
dt |
|
t |
|
t |
|
|
, |
X |
|
dt |
|
|
t2 t |
, |
|
|||||||
dX |
2 t |
dX |
t 2 |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
(t 2)dt |
|
|
dX |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
|
|
dX |
|
||||
|
|
|
|
|
|
, |
|
|
|
|
|
|
dt |
|
c, , |
||||||||
t(t 1) |
|
X |
|
t |
1 |
X |
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
||||||||||
|
|
ln |
|
|
t2 |
|
|
ln|X| ln|C|, |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
t 1 |
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
и после обратной замены общий интеграл выглядит так:
(y 2)2 C(x y 1).
Заметим, в это общее решение входит при С=0 и частное решение у = 1 – х, которое могло быть потеряно при делении на у + х –1.
4. Линейные уравнения
Линейным дифференциальным уравнением первого порядка называется уравнение вида
dydx p(x)y f (x), (8)
линейное относительно неизвестной функции у(х) и ее производной. При этом будем предполагать, что р(х) и f(x) непрерывны.
111
В случае, когда f(x) = 0, уравнение (8) называется однородным. Такое уравнение является уравнением с разделяющимися переменными:
dy |
p(x)y 0, откуда |
dy |
p(x)dx, |
dx |
|
||
|
y |
||
|
ln|y| p(x)dx ln c, |
||
|
y Ce p( x)dx |
(9) |
При делении на у могло быть потеряно решение у = 0, но оно входит в общее решение при С = 0.
Для решения неоднородного уравнения (8) применим метод вариации постоянной. Предположим, что общее решение уравнения (8) имеет форму (9), в которой С – не постоянная, а неизвестная функция аргумента х:
|
|
y C(х)e p( x)dx . |
|
Тогда |
|
|
|
|
dy |
dC e p( x)dx C(x)p(x)e p( x)dx . |
|
|
dx |
|
|
|
dx |
|
|
Подставив эти выражения в уравнение (8), получим: |
|
||
dC e p( x)dx C(x)p(x)e p( x)dx p(x)C(х)e p( x)dx f (x), |
|||
dx |
|
|
|
откуда |
|
|
|
dC |
f (x)e p( x)dx ,C(x) f (x)e p( x)dxdx c, |
||
dx |
|
|
|
y ce p( x)dx e p( x)dx f (x)e p( x)dxdx. |
(10) |
Замечание. При решении конкретных задач удобнее не использовать в готовом виде формулу (10), а проводить все указанные преобразования последовательно.
Пример 6.
Найдем общее решение уравнения у′ = 2 х (х² + y). Представим уравнение в виде:
y′ - 2xy = 2x³ и решим соответствующее однородное уравнение: y′ - 2xy = 0.
dy |
2xy, |
dy |
2xdx, |
|
dy |
|
|
2xdx C1 , |
|
dx |
y |
y |
|||||||
|
|
|
|
ln|y| x2 ln|C|, y Cex2 .
Применим метод вариации постоянных: пусть решение неоднородного уравнения имеет вид:
|
x2 |
|
|
|
|
dy |
|
x2 |
|
|
|
x2 |
|
|
y C(x)e |
|
, тогда |
|
|
C e |
|
C(x)e |
|
|
2x. |
||||
|
|
dx |
|
|
|
|||||||||
Подставим полученные выражения в уравнение: |
|
|
|
|
|
|||||||||
x2 |
C(x)e |
x2 |
|
2x 2xC(x)e |
x2 |
3 |
. |
|
||||||
C e |
|
|
2x |
|
|
Следовательно,
112
C 2x3e x2 ,
C(x) 2x3e x2 dx x2e x2 dx2
te t dt te t e t dt
te t e t c x2 e x2 e x2 c.
При этом общее решение исходного уравнения
y( x2e x2 e x2 c)ex2 cex2 x2 1.
Клинейным уравнениям можно свести с помощью замены некоторые другие дифференциальные уравнения, например, уравнение Бернулли:
dy |
p(x)y f (x)уп , |
п 1. (11) |
|
dx |
|||
|
|
Разделив на уп, получим:
|
|
|
|
у п |
dy |
|
p(x)y1 п f (x), |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
а замена |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z y n , |
dz |
(1 n)y n |
dy |
|
|||||||||||||||||
|
|
dx |
dx |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
приводит к линейному уравнению относительно z: |
|
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
1 dz |
p(x)z f (x). |
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
1 n dx |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Пример 7. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y y4 cos x ytgx, |
|
|
y ytgx y4 cos x, |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
1 |
|
|
dy |
|
1 |
|
tgx cos x. |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
y4 |
|
dx |
y3 |
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Сделаем замену: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
z |
1 |
|
, |
dz |
|
3 |
|
dy |
. |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
y3 |
dx |
y4 |
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
|||||||||
Относительно z уравнение стало линейным: |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
3 z ztgx cos x. |
|
|||||||||||||||
Решим однородное уравнение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
dz |
ztgx, dz |
3 sin xdx , |
|
ln|z| 3 ln|cos x| ln C1 , |
||||||||||||||||||
|
3dx |
|
|||||||||||||||||||||
|
z |
|
|
|
|
cos x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
z C cos3 x. |
|
|
|
|
|
|||||||||
Применим метод вариации постоянных: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
3 |
|
|
|
|
dz |
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
2 |
||
|
z C(x)cos |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x 3C(x)cos x sin x. |
||||||||
|
|
x, |
|
dx C |
cos |
|
Подставим эти результаты в неоднородное уравнение:
113
|
1 |
|
|
3 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
3 |
|
|
3 C cos |
|
x C(x)cos |
|
x sin x C(x)cos |
|
xtgx cos x, |
|||||||
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
3dx |
|
|
|
|
C |
cos2 x , |
C(x) cos2 x 3tgx c. |
|||||||||||
|
|
Окончательно получаем:
y 3 ( 3tgx c)cos3 x c cos3 x 3sin x cos2 x.
Дополним это общее решение частным решением у = 0, потерянным при делении на у4.
Примеры решения задач
Задача 1.
Найти общее решение уравнения
y e4x y5 .
Указание
Разделите переменные и приведите уравнение к виду dyy5 e4 xdx.
|
|
|
|
|
Решение |
|
|
|
|
|
|
Разделим переменные: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
dy |
e4 xdx, |
|
dy |
e4 xdx, |
y 4 |
|
|
1 |
e4 x C |
, |
|
5 |
5 |
4 |
4 |
|||||||
|
y |
|
y |
|
4 |
|
|||||
|
|
|
|
e4 x y 4 C. |
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: e4x y 4 C. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Задача 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Решить задачу Коши: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
(2x 2y 1)dx (x y 2)dy 0, |
|
y( 1) 2. |
Указание
Сделайте замену:
t x y.
Решение
Обратим внимание на то, что коэффициенты при х и у в выражениях 2х + 2у – 1 и х + у – 2 пропорциональны. Поэтому можно ввести новую неизвестную функцию, относительно которой исходное уравнение станет уравнением с разделяющимися переменными: t = x + y. Тогда
114
dy d(t x) dt dx,
и уравнение примет вид:
(2t 1)dx (t 2)(dt dx) 0, (t 2)dt (t 1)dx,
(t 2)dt |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
dx, |
|
1 |
|
|
|
dt dx, |
|
t 1 |
t |
|
|||||
|
|
|
|
|
1 |
|||
t 3 ln|t 1| x ln|C|, |
(t 1)3 Cex t , |
(x y 1)3 Ce2 x y .
Найдем частное решение, удовлетворяющее заданным начальным условиям: y( 1) 2 ( 1 2 1)3 Ce 2 2 ,
8 Ce0 , |
C 8, |
|
(x y 1)3 8e2x y |
|
|||||
искомое частное решение. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: (x y 1)3 8e2x y . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Задача 3. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найти общее решение уравнения |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
y |
|
x2 y2 |
|
|
|
y |
x |
2 |
x2 . |
|
||||
|
|
|
Указание
Сделайте замену
t yx .
Решение
Сделаем стандартную замену, применяемую при решении однородных уравнений:
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t x , |
|
|
tx, |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
y |
y |
|
t x t. |
|||||||||
Тогда уравнение примет вид: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
t t 2(1 t |
2 |
|
|
|
dt |
|
|
|
2dx |
|||||||
t x |
|
), |
|
1 t2 |
|
x , |
||||||||||||
|
|
dt |
|
|
2dx |
, |
|
arctg t 2 ln|x| ln|C|, |
||||||||||
1 |
2 |
|
||||||||||||||||
|
t |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
arctg |
y |
|
ln(Cx2 ), |
|
y xtg ln(Cx2 ) . |
|||||||||||||
x |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Ответ: y xtg ln(Cx2 ) . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
115
Задача 4.
Решить задачу Коши:
(12x 5y 9)dx (5x 2y 3)dy 0, y(0) 3.
Указание
Сделайте замену:
x x x0 , |
y y y0 , |
где (х0, у0) – решение системы
12x 5y 9 0,
5x 2y 3 0.
|
|
|
Решение |
|
|
|
|
|||||||||
Решим систему |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
12x 5y 9 0 |
x0 3, |
|
y0 9, |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
5x 2y 3 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
и перейдем к новым переменным: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
x x 3, |
|
y y 9. |
|
|
|
||||||||
При этом |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx dx, |
|
dy dy, |
|
|
|
|
|||||||
и уравнение становится однородным: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
(12x 5y)dx (5x 2y)dy 0, |
|
|||||||||||||
|
|
|
12x 5y |
|
|
|
12 5 |
y |
|
|
|
|
||||
|
dy |
|
|
|
x |
|
|
, |
t |
y |
, |
|||||
|
dx |
|
|
|
|
x |
||||||||||
|
|
5x 2y |
|
|
5 2 |
y |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
12 5t |
||
|
|
t x t |
5 2t |
|||
|
(5 2t)dt |
2 |
dx |
|||
|
|
|
|
|
||
t |
2 |
5t 6 |
x |
|||
|
|
|
ln|t2 5t
, |
|
|
2t2 10t 12 |
, |
|
|
||||
t x |
5 2t |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
, |
|
|
d(t2 5t 6) |
|
2 |
dx |
, |
|||
|
t |
2 |
5t 6 |
x |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
6| 2 ln|x| ln|C|,
|
|
|
y 2 |
y |
|
|
|
|||
x2 |
(t2 5t 6) C, |
x2 |
|
|
5 |
|
6 |
|
C, |
|
|
2 |
x |
||||||||
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
||
|
y 2 5 |
|
y 6x2 C, |
|
|
|
|
|||
|
x |
|
|
|
|
|||||
(y 9)2 5(x 3)(y 9) 6(x 3)2 |
C, |
|||||||||
|
6x2 5xy y2 9x 3y C. |
|
|
Найдем частное решение:
116
y(0) 3, 9 9 C, C 0, 6x2 5xy y2 9x 3y 0.
Ответ: 6x2 5xy y2 9x 3y 0.
Задача 5.
Найти общее решение уравнения
y 8xy 4e4x2 sin 2x.
Указание
Найдите решение однородного уравнения y 8xy,
а затем примените метод вариации постоянных.
Решение
Найдем решение однородного уравнения:
y 8xy, |
|
dy |
8xdx, |
ln|y| 4x2 ln|C|, |
|
y |
|||||
|
|
|
|
yодн Ce4 x2 .
Применим метод вариации постоянных:
yнеодн C(x)e4 x2 , y C e4 x2 8Cxe4 x2 , C e4 x2 8Cxe4 x2 8xCe4 x2 4e4 x2 sin 2x,
C 4 sin 2x, C 4 sin 2xdx 2 cos 2x C;
y e4 x2 (C 2 cos 2x).
Ответ: y e4x2 (C 2 cos 2x).
Задача 6.
Решить задачу Коши:
|
|
3y |
3 |
2 |
|
|
x |
x y |
|
0, |
y(1) 7. |
||
y |
|
Указание
Сделав замену
z y1 ,
вы получите линейное уравнение для z.
Решение
Разделим обе части равенства на у2:
117
|
y |
|
|
3 |
|
1 |
x3 0, |
|
|
y |
|
|
3 |
|
1 |
x3 . |
||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
y2 |
x |
y |
|
y2 |
x |
y |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
3z |
|
|
|
3 |
|
|
z y z |
y2 |
|
|
x |
x |
|
|
|||||||||||||||
|
y |
|
z |
|
линейное уравнение. Найдем решение однородного уравнения:
|
z |
3z |
0, |
|
|
dz |
3 dx |
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
z |
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
ln|z| 3 ln|x| ln|C|, |
zодн |
|
|
|
C |
. |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x3 |
|
|
|
|
||||
Применим метод вариации постоянных: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
C(x) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C x 3C |
|
||||||||||||||||||
zнеодн |
|
|
|
, |
|
|
|
z |
|
C x |
|
|
3Cx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
|||||||
x3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x4 |
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
3C |
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
x |
7 |
|
|
C |
|
||||||||||
C x 3C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
x4 |
|
x4 |
x , |
|
C |
x , |
C 7 7 , |
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
z |
|
x7 C |
, |
|
y |
7x3 |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
7x3 |
|
|
x7 C |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Найдем частное решение: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y(1) 7, |
|
|
|
|
7 |
|
|
7, |
|
|
C 0, |
|
y |
|
|
7 |
. |
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
C 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x4 |
|
|
|
|
Ответ: y x74 .
2.2. Дифференциальные уравнения высших порядков. Системы линейных дифференциальных уравнений
Дифференциальные уравнения высших порядков. Задача Коши. Понятие о краевых задачах для дифференциальных уравнений.
Уравнения, допускающие понижение порядка
Рассмотрим дифференциальное уравнение п-го порядка:
|
(n) |
0, (1) |
F x, y, y ,K , y |
|
где F предполагается непрерывной функцией всех своих аргументов. Тогда по теореме о существовании неявной функции обычно удается разрешить это уравнение относительно старшей производной:
y |
(n) |
|
(n 1) |
(2) |
|
f x, y, y ,K y |
|
итогда сформулируем для него (без доказательства) теорему существования
иединственности решения:
Теорема 1. Существует единственное решение уравнения (2), удовлетворяющее условиям
y(x0 ) y0 , |
|
|
,..., y |
(n 1) |
(n 1) |
(3) |
y (x0 ) y0 |
|
(x0 ) y0 |
118
если в окрестности начальных значений (х0 , у0 , у’0 ,…, у0(п-1)) функция f является непрерывной функцией всех своих аргументов и удовлетворяет условию Липшица по всем аргументам, начиная со второго.
Замечание 1. Так же, как и для дифференциального уравнения 1-го порядка, задача отыскания решения уравнения (2), удовлетворяющего условиям (3),
называется задачей Коши.
Замечание 2. Теорема 1 утверждает существование частного решения уравнения (2), удовлетворяющего данным начальным условиям. С
геометрической точки зрения |
это |
соответствует существованию |
||
интегральной кривой, проходящей |
через |
|
(n 1) |
). Но, |
точку (x0 , y0 , y0 ,..., y0 |
используя эту теорему, можно доказать и существование общего решения уравнения (2), содержащего п произвольных постоянных и имеющего вид:
y (x,C1 ,C2 ,...,Cn ) (4)
или, в неявной форме:
(x, y,C1 ,C2 ,...,Cn ) 0. (5)
Соотношение (5) будем называть общим интегралом уравнения (1) или (2).
Уравнения, допускающие понижение порядка
В некоторых случаях порядок дифференциального уравнения может быть понижен, что обычно облегчает его интегрирование. Рассмотрим несколько типов подобных уравнений.
1. Уравнение не содержит искомой функции и ее производных по порядок (k – 1) включительно:
F(x, y(k ) , y(k 1) ,..., y(n) ) 0. (6) .
В этом случае можно сделать замену р = у(k), которая позволяет понизить порядок уравнения до n – k, так как после замены уравнение примет вид
F(x, p, p ,..., p(n k ) ) 0.
Из этого уравнения можно найти р = р (х, С1 , С2 ,…, Сn-k), а затем найти у с
помощью интегрирования k раз функции |
р = р (х, С1 , С2 ,…, Сn-k). |
|||||||||
Пример 1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Уравнение |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y y 2 |
|
|
|
|
|
|
при замене |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
p(x) y |
|
|
|
|||
становится уравнением 1-го порядка относительно р: |
||||||||||
|
|
2 |
|
|
|
dp |
|
|
||
p , откуда |
|
|
|
dx, |
||||||
|
p2 |
|||||||||
p |
|
|||||||||
|
|
1 |
x C1 , |
p |
|
1 |
. |
|||
|
p |
x |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
C1 |
119
Тогда
dx
y p(x)dx x C1 ln(x C1 ) C2 ,
yy dx (ln(x C1 ) C2 )dx
ln(x C1 )dx C2 x C3
x
x ln(x C1 ) x C1 dx C2 x C3
x ln(x C1 ) x C1 ln(x C1 ) C2 x C3C3 C2 x (x C1 )ln(x C1 ).
2. Уравнение не содержит независимой переменной:
F y, y ,K , y(n) 0. (7)
Порядок такого уравнения можно понизить на единицу заменой у′ = р(у). При этом производные функции f(x) по аргументу х нужно выразить через производные р по у:
|
|
|
dy |
|
|
d2 y |
|
|
dp |
|
dp dy |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dx p(x), dx2 dx dy dx p p |
u m. . |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
Пример 2. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2yy . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Пусть |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
y |
|
p(y), |
y |
|
|
|
|
|
тогда |
|
|
2yp. |
|
||||||||
|
|
|
|
|
p p , |
|
pp |
|
||||||||||||||||
Отметим частное решение р = 0, то есть y 0, |
y C. Если |
p 0, после |
||||||||||||||||||||||
сокращения на р получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dp 2ydy, |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
p y2 C1 , |
|
|
dy |
|
|
|
|
dx, |
1 |
arctg |
y |
|
|
||||||||
|
|
|
y2 C1 |
|
C1 |
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C1 |
|
x C2 , y C1tg(C1x C2 ).
3.Уравнение F (х, y, y′,…, y(n)) = 0 однородно относительно аргументов y, y′,…, y(n), то есть справедливо тождество
F(x, ky, ky , ky ,..., ky(n) ) kpF(x, y, y , y ,..., y(n) ).
В этом случае можно понизить порядок уравнения на единицу, вводя новую неизвестную функцию z, для которой y e zdx . Тогда
y |
|
e |
zdx |
z, |
y |
|
e |
zdx |
(z |
2 |
|
u m. . |
|
|
|
|
|
z ) |
Линейные дифференциальные уравнения высших порядков
120