Juk_Ilyenko_Moklyachuk_Orlovskiy_DM_praktikum
.pdf№ 10.7. Знайти загальний розв’язок рекурентного спiввiдношення 5 по-
рядку при 0 = 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
1. |
|
|
√ |
|
√ |
|
|
|
√ |
|
|
|
+4 −6−2 |
3 +3 +(13 +12 3) +2 −(24 +18 |
|
3) +1 + 36 = 0; |
|||||||||
2. |
+4 − 3 +3 + 4 +2 − 8 = 0; |
|
|
|
||||||||
3. |
+4 + +3 − 12 +2 − 26 +1 − 24 = 0; |
|
|
|
||||||||
4. |
√ |
|
|
|
√ |
|
|
|
|
|
||
+4 + 2 3 +3 + 3 +2 − 2 3 +1 − 4 = 0; |
|
|
|
5.+4 + 4 +3 + 5 +2 + 2 +1 − 12 = 0;
6.+4 − 5 +3 − 2 +2 + 14 +1 − 20 = 0;
7. +4 − (4 + 2 |
√ |
|
|
√ |
|
|
√ |
|
|
|
3) +3 + (7 + 8 |
|
3) +2 − (16 + 6 |
|
3) +1 + 12 = 0; |
8.+4 − 4 +3 − 27 +2 − 6 +1 + 36 = 0;
9.+4 + +3 − 30 +2 + 42 +1 − 36 = 0;
√ |
|
√ |
|
|
√ |
|
|
10. +4 + (4 + 2 |
3) +3 + (8 + 8 |
3) +2 + (16 + 8 |
|
3) +1 + 16 = 0; |
11.+4 − 4 +3 + +2 − 6 +1 + 36 = 0;
12.+4 + +3 − 22 +2 + 42 +1 − 36 = 0;
√ |
|
|
√ |
|
|
√ |
|
|
13. +4 − (2 + 2 |
3) +3 + (5 + 4 |
3) +2 − (8 + 2 |
|
3) +1 + 4 = 0; |
14.+4 − 7 +3 + 8 +1 − 56 = 0;
15.+4 − 6 +3 − 23 +2 − 34 +1 − 18 = 0.
№10.8. Знайти загальний розв’язок рекурентного спiввiдношення 5 порядку при заданих початкових умовах.
110
1.( + 4) = 5 ( + 3) − ( + 2) − 21 ( + 1) + 18 ( ), (0) = 3,
(1) = 8, (2) = 8, (3) = 38;
2.( + 4) = − ( + 3) + 7 ( + 2) + 13 ( + 1) + 6 ( ), (0) = 1,
(1) = 6, (2) = 1, (3) = 44;
3.( + 4) = −6 ( + 3) + 22 ( + 1) − 15 ( ), (0) = 5, (1) = −4,
(2) = 19, (3) = −54;
4.( + 4) = 3 ( + 3) + 3 ( + 2) − 7 ( + 1) − 6 ( ), (0) = 3,
(1) = −3, (2) = 12, (3) = −3;
5.( + 4) = 7 ( + 3) − 12 ( + 2) − 4 ( + 1) + 16 ( ), (0) = 4,
(1) = −3, (2) = −1, (3) = −19;
6.( + 4) = ( + 3) + 7 ( + 2) − 13 ( + 1) + 6 ( ), (0) = 3,
(1) = 3, (2) = 4, (3) = 7;
7.( + 4) = 4 ( + 3) − 3 ( + 2) − 4 ( + 1) + 4 ( ), (0) = 0,
(1) = −3, (2) = 3, (3) = 3;
8.( + 4) = 5 ( + 3) + 3 ( + 2) − 13 ( + 1) − 10 ( ), (0) = 3,
(1) = 3, (2) = 0, (3) = 15;
9.( + 4) = 11 ( + 3) − 39 ( + 2) + 49 ( + 1) − 20 ( ), (0) = 2,
(1) = 0, (2) = −11, (3) = −58;
10.( + 4) = 6 ( + 3) − 8 ( + 2) − 6 ( + 1) + 9 ( ), (0) = 1,
(1) = 3, (2) = 17, (3) = 51;
11.( + 4) = 3 ( + 3) + 2 ( + 2) − 12 ( + 1) + 8 ( ), (0) = 6,
(1) = 7, (2) = 7, (3) = 3;
111
12.( + 4) = 9 ( + 2) + 4 ( + 1) − 12 ( ), (0) = 5, (1) = −3,
(2) = 19, (3) = −37;
13.( + 4) = − ( + 3) + 12 ( + 2) + 28 ( + 1) + 16 ( ), (0) = −2,
(1) = −1, (2) = 9, (3) = −29;
14.( + 4) = −7 ( + 3) − 13 ( + 2) + 3 ( + 1) + 18 ( ), (0) = 2,
(1) = 1, (2) = 7, (3) = −17;
15.( + 4) = 2 ( + 3) + 12 ( + 2) − 18 ( + 1) − 27 ( ), (0) = 4,
(1) = 2, (2) = 4, (3) = 50.
112
ЗАНЯТТЯ 11
Алгебра логiки. Нормальнi форми
Навчальнi задачi
№11.1. Чи будуть наступнi вирази формулами:
1.( 1 2) → ( 3);
2.1 2 → 3;
3.( 1 2) → 3;
4.(( 1 2) → 3).
Розв’язок. Вираз 1 не є формулою, адже не буде формулою. Вираз 2 не є формулою, адже не вказано порядок логiчних операцiй. Вираз 3 не є формулою, адже вiдсутнi зовнiшнi дужки.
Вираз 4 є формулою.
№ 11.2. Довести, що кожна формула алгебри логiки рiвносильна формулi, що мiстить лише логiчнi символи , , ¬.
Розв’язок. Твердження задачi випливає з рiвносильностей → ≡, ≡ ( ) ( ) та правила пiдстановки.
№ 11.3. Для формули = ( → ( )) ( ) знайти двоїсту.
113
Розв’язок. Перетворимо формулу в рiвносильну з логiчними символами , , ¬. Маємо
= ( → ( )) ( ) ≡ ( ( )) (( ) ( ))
Замiнивши логiчнi символи на двоїстi, маємо
* = ( ( )) (( ) ( )).
№11.4. Знайти ДНФ формули
= (( ) → ( )) ( ).
Розв’язок. Перейдемо до логчних символiв ¬, , та побудуємо формулу з тiсними запереченнями (кожне заперечення вiдноситься лише до змiнних).
= (( ) → ( )) ( ) ≡ ( ) ( ) ( ) ≡
≡( ) ( ) ( ) ≡ ( ) ( ) ( ) = .
Розкриємо дужки у формулi . Це зручно зробити, розглянувши допомiжний алгебраїчний полiном, в якому в формулi замiнити операцiю
на множення, а операцiю на додавання. Маємо
( + )( + )( + ) = ( + + + ).
Скориставшись тим, що ≡ 0 та ≡ 0, будемо мати
( + + + ) = ( + )( + ) = + + + .
Так як ≡ та ≡ 0, отримаємо
+ + + = + + .
114
Переходячи вiд множення та додавання назад до логiчних операцiй, отримаємо ДНФ формули :
( ) ( ) ( ).
№11.5. Знайти КНФ формули
= (( → ) → ( → )) → ( → ).
Розв’язок. Аналогiчно попереднiй задачi, перейдемо до логчних символiв ¬, , та побудуємо формулу з тiсними запереченнями.
= (( → ) → ( → )) → ( → ) ≡ (( ) ( )) ( ) ≡
≡(( ) ( )) ≡ (( ) ( )) ≡
≡(( ) ( )) = .
Розкриємо дужки у формулi , замiнивши операцiю на множення, а операцiю на додавання. Отримаємо
(( ) + ) = + .
Скориставшись тим, що ≡ та ≡ 1, другий доданок останньої формули можна вiдкинути. Переходячи назад до логiчних операцiй, отримаємо необхiдну ДНФ:
( ).
Задачi для аудиторної та домашньої роботи
№11.6. Визначити, чи будуть наступнi вирази формулами:
1.( 1 2) 3 4;
115
2.( 1 2) → 3;
3.(( 1 → 1) 3);
4.((( 1 → 2) (( 2 3))).
№11.7. Розставити дужки в наступних виразах так, щоб отримати формулу:
1.1 → 2 2 3;
2.1 → 2 → 3 1 → 2
№11.8. Довести, що кожна з формул алгебри логiки рiвносильна формулi з тiсними запереченнями. Вказiвка: використати задачу 11.2 та закони двоїстостi.
№11.9. Знайти двоїстi для наступних формул:
1.(( ) → ) → ( );
2.(( ) → ) → ( )) → ;
3.((( ) → ( )) → ( )) → ;
4.((( ) → ( )) → ( )) → ;
5.(( ) → ( )) ;
6.(( ) ( )) → ;
7.( → (( ) → )) → ;
8.(( ) → ( )) → ;
9.(( ) → ( )) → ( ).
116
№11.10. Знайти двоїстi до даних рiвносильностей:
1.≡ ;
2.0 ≡ ;
3.≡ ;
4.( ) ≡ ( );
5.≡ ;
6.( ) ≡ ;
7.( ) ≡ ;
8.( ) ≡ ;
9.( ) ≡ ;
10.( → ) ≡ ;
11.( ) ( ) ( ) ( ) ≡ ( ) ( );
12.( ) ( ) ≡ ( ) ( );
13.( ) ( ) ≡ ;
14.( ) (( ) ( )) ≡ ;
15.( ) ≡ .
№11.11. Знайти ДНФ та КНФ формул:
1.(((( → ) → ) → ) → ) → ;
2.((( ) → ) → ) ( → ( ));
117
3.( → ) → ( → ( ));
4.(( ) → ) → (( ) → );
5.(( ) → ) → (( ) → );
6.(( ) ) (( → ) → );
7.( → ( )) (( ) → );
8.(( ) → ) → ( );
9.(( ) → ) → ( → );
10.((( ) ) → ) → ;
11.((( ) ) → ) → ;
12.(( ( )) → ) → ;
13.(( ( )) ) → ;
14.( → ( )) → ( );
15.(( → ( )) ) → ;
16.(( ) ) → ( → );
17.((( ) → ) ) → ;
18.((( ) ) ) → ;
19.((( ) ) ) → ;
20.((( ) ) ) → ( );
118
21.(( ) ) → ( → );
22.(( → ( )) → ) → ( );
23.( → ) → (( ) ( ));
24.(( ) ) → ( → );
25.((( ) → ) ) → ;
26.((( ) ) ) → ;
27.(( ) ) → ( → );
28.(( ) ) → ( );
29.(( → ) ) ( → );
30.((( ) ) ) → ;
31.(( → ) ( → ( )));
32.((( ) ) ) → ;
33.((( ) ) ) → .
№11.12. Довести, що якщо є тотожно iстинною КНФ, то для довiльної елементарної диз’юнкцiї формули iснує така змiнна , що та
входять в цю диз’юнкцiю.
№ 11.13. Довести, що якщо є тотожно хибною ДНФ, то для довiльної елементарної кон’юнкцiї формули iснує така змiнна , що та входять в цю кон’юнкцiю.
119