- •Программа, методические указания,
- •Предисловие
- •Программа курса «математика»
- •I. Введение
- •II. Математический анализ
- •III. Теория вероятностей и математическая статистика
- •Контрольные задания Задание 1.
- •Задание 2.
- •Задание 3.
- •Задание 4.
- •Задание 5.
- •Задание 6.
- •Задание 7.
- •Задание 8.
- •Задание 9.
- •Задание 10.
- •Задание 11.
- •Задание 12.
- •Задание 13.
- •Образец выполнения контрольной работы
- •Задание 4.
- •Задание 7.
- •Решение.
- •Задача 8.
- •Задача 9.
- •Задача 10.
- •Задача 11.
- •Задача 12.
- •0,17547
- •Тесты по математике
- •Список вопросов для сессионного контроля
- •Рекомендуемая литература
- •Содержание
- •Программа,
Задание 7.
Найти общее решение уравнения
Решение.
Разделив в этом уравнении переменные и интегрируя обе части, получим
Ответ:
Задача 8.
Группа студентов в течении недели осуществляет дежурство на 8 различных объектах. Сколькими способами можно составить расписание дежурств в субботу, если в этот день недели должно осуществляться дежурство только на 3 любых объектах?
Решение. Количество вариантов дежурств на объектах в субботу равно числу размещений из восьми элементов по три элемента. Находим = 8*(8–1)*(8–2) = 8*7*6 =336.
Ответ: Можно составить 336 различных вариантов дежурств на субботу на объектах.
Задача 9.
В полученной партии из 20 коробок лекарственных средств 5 коробок содержат брак. Для быстрого выяснения наличия брака в партии случайным образом вскрывают и обследуют 2 коробки. а) Найти вероятность того, что среди них окажется хотя бы одна браком. б) Найти вероятность этого же события, если обследовать 6 коробок.
Решение. Обозначим через Аi событие, состоящее в том, что i-ая извлеченная коробка окажется с браком; через А – хотя бы одна из коробок содержит брак. Тогда – ни одна из коробок не содержит брак.
а) Чтобы наступило событие необходимо, чтоб наступили одновременно события,, т.е.=. Тогда по теореме умножения вероятностей [P(AB)=P(A)P(B|A)] получим
P()=P()=P()P(|)==0,553,
где– вероятность того, что в первой коробке не будет брака;– того, что во второй тоже не будет брака при условии, что в первой его не было. Итак
P(А)=1-P()=1–0,553=0,447,
т.е. при таком способе проверки мы обнаружим брак в 45% случаев.
б) Чтобы наступило событие необходимо, чтоб наступили одновременно события,,...,т.е.=.... Тогда по теореме умножения вероятностей [P(AB)=P(A)P(B|A)] получим
P()=P(...)=P()P(|)...P(|...)= ==0,129.
Итак , P(А)=1-P()=1–0,129=0,871,
т.е. при таком способе проверки мы обнаружим брак в 87% случаев.
Ответ: а) 0,447; б) 0,871.
Задача 10.
На следующий год в местности Х прогнозируют две вспышки гриппа. Причем в весенней вспышке заболевают 5%, а в осенне-зимней – 10% людей данной возрастной группы. Считая, что эти вспышки вызываются различными возбудителями (т.е. заболевания в эти периоды независимы) оценить вероятность того, что случайно взятый человек в следующем году переболеет гриппом хотя бы 1 раз.
Решение.
Обозначим через А событие, состоящее в том, что случайно взятый человек заболеет гриппом весной, через В –осенью, через С – переболеет гриппом хотя бы 1 раз. Тогда С=А+В. По теореме [P(A+B)=P(A)+P(B)-P(AB)] о вероятности суммы двух событий и по теореме [P(AB)= P(A)P(B)] о вероятности произведения двух независимых событий получим:
P(С)=P(A+B)=P(A)+P(B)- P(A)P(B)=
=0,05+0,10-0,050,10=0,145,
т.е. 14,5% людей переболеют в этом году гриппом хотя бы 1 раз.
Ответ: 0,145.
Задача 11.
Молодожёны планируют, что у них будет 3 дочки и 2 сына. Считая, что у них действительно будет 5 детей найти шанс осуществления их желания, если вероятность рождения девочки 49%.
Решение.
Обозначим через А событие (успех), состоящее в том, что при данной беременности родится девочка. Тогда супружеская пара проводит 5 независимых «испытаний». Нас интересует событие, состоящее в наступлении ровно трёх успехов, и двух неуспехов. Воспользуемся формулой Бернулли наступления ровно m успехов в серии из n испытаний:
,
где p вероятность успеха в одном испытании. Итак, вероятность искомого события:
=0,30601
Ответ:вероятность этого события 30%.