Расчетно-графическая работа №1
.DOCУфимский государственный авиационный технический университет
Кафедра ТОЭ
Расчетно-графическая работа №1
Анализ электрической цепи постоянного тока
Выполнил: студент группы ИИТ-225 Усманов К.Р.
Проверил: доцент кафедры ТОЭ Гусейнова Т.И.
Уфа 2001
Порядок выполнения работы:
-
Согласно индивидуальному заданию, составить схему электрической цепи. В распечатке исходных данных сопротивления даны в Омах, ЭДС – в Вольтах, ток источника тока – в Амперах.
-
Нарисовать ориентировочный граф схемы.
-
Составить топологические матрицы схемы: соединений А, главных сечений Q, главных контуров В.
-
Проверить соотношения АВТ=0; QBT=0.
-
Составить уравнения по законам Кирхгофа в алгебраической и матричной форме.
-
Определить токи в ветвях схемы методом контурных токов.
-
Определить токи в ветвях схемы методом узловых потенциалов.
-
Проверить правильность расчетов по законам Кирхгофа.
-
Составить баланс мощностей.
-
Для контура, содержащего 2 ЭДС, составить потенциальную диаграмму.
-
Для ветви с сопротивлением R1 определить ток методом эквивалентного генератора.
-
Составить схему электрической цепи
-
Нарисовать ориентировочный граф схемы
-
Составить топологические матрицы схемы: соединений А, главных сечений Q, главных контуров В
Матрица соединений:
Матрица главных контуров:
Транспонированная матрица главных контуров:
Матрица главных сечений:
-
Проверить соотношения АВТ=0; QBT=0
-
Составить уравнения по законам Кирхгофа в алгебраической и матричной форме
По первому закону Кирхгофа:
В матричной форме:
По второму закону Кирхгофа:
В матричной форме:
-
Определить токи в ветвях схемы методом контурных токов
-
I11(R1 + R4 + R6) – I22R1 – I33R4 = J2R1 + E4
-
– I11R1 + I22(R1 + R2 + R3) – I33R3 = – J2R1 + E3
-
– I11R4 – I22R3 + I33(R3 + R4 + R5) = – E4 – E3
150I11 – 20I22 – 30I33 = 160
– 20I11 + 140I22 – 20I33 = – 160
– 30I11 – 20I22 + 140I33 = 0
I11 = 0,945 A
I22 = – 0,999 A
I33 = 0,06 A
= 0,945 + 0,999 – 4 = – 2,056 А
I2 = I22 = – 0,999 A
I3 = I22 – I33= – 0,999 – 0,06 = – 1,059 A
I4 = I11 – I33= 0,945 – 0,06 = 0,885 A
I5 = I33 = 0,06 A
I6 = I11 = 0,945 A
-
Определить токи в ветвях схемы методом узловых потенциалов
-
I1 + J + I2 – I6 = 0
-
– I1 – J – I3 + I4 = 0
-
I6 – I4 – I5 = 0
I1 = g1(0 – 1)
I2 = g2(0 – 3)
I3 = g3(3 – 1 + E3)
I4 = g4(1 – 2 + E4)
I5 = g5(3 – 2)
I6 = g6(2 – 0)
-
0g1 – 1g1 + J + 0g2 – 3g2 – 2g6 + 0g6 = 0
-
– 0g1 + 1g1 – J – 3g3 + 1g3 – g3E3 + 1g4 – 2g4 + g4E4 = 0
-
2g6 – 0g6 – 1g4 + 2g4 – g4E4 – 3g5 + 2g5 = 0
3 = 0
-
0(g1 + g2 + g3) – 1g1 – 2g6 = – J
-
– 0g1 + 1(g1 + g3 + g4) – 2g4 = g3E3 – g4E4 + J
-
– 0g6 – 1g4 + 2(g6 + g4 + g5) = g4E4
0,070 – 0,051 – 0,012 = – 4
– 0,050 + 0,13331 – 0,03332 = – 2,6667
– 0,010 – 0,03331 + 0,05442 = 2,6667
0 = – 99,926 В
1 = – 58,825 В
2 = – 5,3575 В
3 = 0 В
I1 = g1(0 – 1) = 0,05(– 99,926 + 58,825) = – 2,055 А
I2 = g2(0 – 3) = 0,01(– 99,926 – 0) = – 0,999 А
I3 = g3(3 – 1 + E3) = 0,05(0 + 58,825 – 80) = – 1,059 A
I4 = g4(1 – 2 + E4) = 0,0333(– 58,825 + 5,3575 + 80) = 0,884 A
I5 = g5(3 – 2) = 0,0111(0 + 5,3575) = 0,06 A
I6 = g6(2 – 0) = 0,01(– 5,3575 + 99,926) = 0,946 A
-
Проверить правильность расчетов по законам Кирхгофа
По первому закону Кирхгофа:
– 2,056 + 4 – 1,059 – 0,885 = 0
0,885 + 0,06 – 0,945 = 0
– 0,999 + 1,059 – 0,06 = 0
По второму закону Кирхгофа:
Это выражение можно преобразовать:
2,056*20 – 0,999*100 – 1,059* 20 + 80 =0,04
– 2,056*20 + 0,885*30 + 0,945*100 – 80 = – 0,07
– 2,056*20+1,059*20+0,06*90+0,945*100 – 80 = – 0,04
Законы Кирхгофа сходятся, значит расчеты выполнены верно.
-
Составить баланс мощностей
(–2,056)2*20 + (–0,999)2*100 + + (–1,059)2*20 + (0,885)2*30 + (0,06)2*90 + (0,945)2*100 = 319,896 Вт
– 80*(– 1,059) + 80*0,885 + (– 58,825 + + 99,926)*4 = 319,924 Вт
319,896 Вт 319,924 Вт
Баланс мощностей сошелся, что еще раз подтвердило правильность расчетов.
-
Для контура, содержащего 2 ЭДС, составить потенциальную диаграмму
Составим потенциальную диаграмму для контура 1-5-2-3-4:
1 = 0 В
5 = 1 + E5 = 0 + 80 = 80 В
2 = 5 – I4R4 = 80 – 0,885*30 = 53,45 В
3 = 2 + I5R5 = 53,45 + 0,06*90 = 58,85 В
4 = 3 + E3 = 58,85 – 80 = – 21,15 В
В
R
Ом
1
5
2
3
4
1
-
Для ветви с сопротивлением R1 определить ток методом эквивалентного генератора
Для начала определим разность потенциалов между узлами 0 и 1 методом узловых потенциалов
1) – J – I3 + I4 = 0
2) – I4 – I5 + I6 = 0
3) – I2 + I3 + I5 = 0
I2 = g2(0 – 3)
I3 = g3(3 – 1 + E3)
I4 = g4(1 – 2 + E4)
I5 = g5(3 – 2)
I6 = g6(2 – 0)
1) – J – 3g3 + 1g3 – g3E3 + 1g4 – 2g4 + g4E4 = 0
2) – 1g4 + 2g4 – g4E4 – 3g5 + 2g5 + 2g6 – 0g6 = 0
3) – 0g2 + 3g2 + 3g3 – 1g3 + g3E3 + 3g5 – 2g5 = 0
0 = 0
1) 1(g3 + g4) – 2g4 – 3g3 = J +g3E3 – g4E4
2) – 1g4 + 2(g4 + g5 + g6) – 3g5 = g4E4
3) – 1g3 – 2g5 + 3(g2 + g3 + g5) = – g3E3
0,08331 – 0,03332 – 0,053 = – 2,6667
– 0,03331 + 0,05442 – 0,01113 = 2,6667
– 0,050 – 0,01111 + 0,07112 = 4
1 = 169,1 В
0 = 0 В
Uxx = 0 – 1 = – 169,1 В
Далее необходимо посчитать входное сопротивление схемы по отношению к узлам 0 и 1. После закорачивания источников ЭДС и размыкания источника тока, схему можно упростить:
= 34,483 Ом
= 31,034 Ом
= 31,034 Ом
= 51,034 Ом
= 61,034 Ом
62,277 Ом
– 2,055 А
Данный результат схож с результатом, полученным ранее. Расчеты верны.