- •М.Ю. ДУХОН
- •Часть 2
- •МОСКВА – 2005
- •СВОЙСТВА ФУНКЦИЙ
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Свойства пределов числовых последовательностей
- •Примеры
- •Свойства бесконечно малых последовательностей
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Свойства предела функции
- •Примеры решения задач
- •Раскрытие неопределенностей
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Рекомендованная литература
- •Задачи для индивидуального выполнения
- •Правила дифференцирования
- •Производные основных элементарных функций
- •Логарифмическая функция
- •Показательная функция
- •Обратные тригонометрические функции
- •Производная функции, заданной параметрически
- •Логарифмическое дифференцирование
- •Производные высших порядков
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Связь между монотонностью функции и ее производной
- •Наибольшее и наименьшее значение функции
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Свойства неопределенного интеграла
- •Свойства определенного интеграла
- •Непосредственное интегрирование
- •Метод интегрирования по частям
- •Задачи для самостоятельного решения
- •Задачи для самостоятельного решения
- •ДУХОН Михаил Юльевич
- •Часть 2
2) Графический способ. Суть этого способа задания функции состоит в том, что задается график функции, т. е. множество точек,
координаты которых (x, y) задают соответствие между переменны-
ми х и у.
3) Аналитический способ. Суть этого способа состоит в том, что функциональное соответствие задается формулой. При этом функция может быть задана явно, то есть функция явно выражена че-
рез аргумент, например |
y = 2 x |
или y = x2 ; функция может быть |
задана неявно, то есть |
задана |
формулой F (x, y)= 0 , например |
x2 + y2 = 9 . И, наконец, функция может быть задана параметри-
чески, то есть обе переменные х и у задаются как функции одной и той же переменной, например
x = 2 cos t ,y = 2 sin t .
СВОЙСТВА ФУНКЦИЙ
Возрастание и убывание функций. Функция f (x) называ-
ется монотонно возрастающей (убывающей) на некотором интерва-
ле, если для любых двух значений аргумента x1 , x2 из этого интервала таких, что x1 > x2 , большему значению аргумента соответствует
большее |
(меньшее) |
значение |
функции, |
то |
есть |
f (x1 )> f (x2 ) ( f (x1 )< f (x2 )). |
|
|
|
||
Экстремумы функции. Точка |
x0 называется точкой локаль- |
||||
ного максимума (минимума) функции |
f (x), если в некоторой окре- |
стности этой точки (т. е. на интервале (x −ε , x +ε ), где ε > 0 ) зна-
чение функции в этой точке f (x0 ) является наибольшим (наимень-
шим). Точки локального максимума и минимума функции называют-
ся точками экстремума.
6
Четность и нечетность функции. Функция f (x) называет-
ся четной (нечетной), если любым двум противополож-ным значениям аргумента соответствуют равные (противоположные) значения функции, т.е.
f (−x)= f (x) ( f (−x)= − f (x))
Так например, четными являются функции y = x2 , |
y = |
|
x |
|
, |
|
|
||||
y = cos x ; нечетными – функции y = x3 , y = sin x , |
y = tgx . |
Функция, не являющаяся ни четной, ни нечетной, называется функцией общего вида. Графики четной и нечетной функций обладают свойством симметрии: график четной функции симметричен относительно оси ординат; график нечетной функции симметричен относительно начала координат.
Периодичность функции. Функция f (x) |
называется пе- |
|
риодической с периодом T > 0 , если для любого |
x из области опре- |
|
деления этой функции |
|
|
f (x +T )= f (x −T )= f (x). |
(1.1.1) |
|
Примерами периодических функций являются тригонометриче- |
||
ские функции sin x, cosx (их период равен 2π ), |
tgx, ctgx (их период |
|
равен π ). Периодической является также функция |
y ={x}. Символом |
{x} обозначается дробная часть числа, то есть {x}= x −[x], где [x] – наибольшее целое число, не превосходящее x . Период функции y ={x} равен 1. Очевидно, что если число Т является периодом функ-
ции f (x), то при любом целом п число nT также является периодом этой функции. Поэтому, говоря, что периодом функции f (x) является числоТ, обычноимеютввидунаименьшийпериодэтойфункции.
Обратные функции. Функции f (x) и g (x) называются
взаимно обратными, если для любого x , принадлежащего области определения каждой из этих функций, имеет место равенство:
f (g (x))= g ( f (x))= x. |
(1.1.2) |
7
Примерами взаимно обратных функций являются функции y = x2 и y = x , y = lg x и y = 10x , y = sin x и y = arcsin x .
Графики взаимно обратных функций симметричны относительно прямой y = x .
Наиболее эффективным инструментом исследования свойств функций является ее производная, которая будет рассмотрена в рамках данного курса. Рассмотрим некоторые элементарные (т. е. не использующие производную) приемы исследования функции.
Алгоритм нахождения области определения функции. Для того чтобы найти область определения функции, нужно:
1) Проверить, присутствует ли аргумент функции в знаменателе дроби. Если присутствует, то следует записать неравенство: “знаменатель не равен нулю”.
Пример 1.1.1. Найти область определения функции
f (x)= |
1 |
+ |
1 |
. |
|
x − 2 |
x2 −5 x + 4 |
||||
|
|
|
Решение. Оба знаменателя содержат аргумент и, следовательно, для того, чтобы найти область определения, следует записать два неравенства и объединить их в систему:
x − 2 ≠ 0,
x2 −5 x + 4 ≠ 0.
Решением первого неравенства является множество R / {2} (т.е. множество всех действительных чисел кроме двух; решением второго – R / {1;4}. Пересечением этих множеств, т. е. решением
системы является множество R / {1; 2;4}. Это множество и является областью определения функции f (x).
Ответ: D ( f )= R / {1; 2;4}.
2) Проверить, присутствует ли аргумент функции в подкоренном выражении корня четной степени. Если присутствует, то следует записать неравенство: “подкоренное выражение больше или равно нулю”.
8
Пример 1.1.2. Найти область определения функции f (x)= x + 3 + 3 x2 − 4 + 4 16 − x2 .
Решение. Все три радикала содержат аргумент функции, но только первый и третий имеют четную степень. Получим систему двух неравенств:
x + 3 ≥ 0, |
|
|
|
− x2 ≥ 0. |
|
16 |
|
|
Решением первого |
неравенства |
является множество |
[−3;+∞). Решением второго – множество |
[−4;4]. Пересечением |
этих множеств, а, следовательно, и решением системы является множество [−3;4]. Это множество и является областью определения
функции f (x).
Ответ: D ( f )= [−3;4].
3) Проверить, присутствует ли аргумент функции в аргументе тангенса либо котангенса. Если аргумент функции присутствует в аргументе тангенса, то следует записать неравенство “аргумент тан-
генса не равен π2 +πn, n Z ”; если аргумент функции присутству-
ет в аргументе котангенса, то следует записать неравенство “аргумент котангенса не равен πn, n Z ”.
Пример 1.1.3. Найти область определения функции f (x)= tg2x + ctg2x.
Решение. Поскольку аргумент x присутствует в аргументе тангенса, запишем неравенство
2x ≠ π2 +πn, n Z.
Поскольку же аргумент x присутствует в аргументе котангенса, запишем неравенство
2x ≠ πn, n Z.
Объединим эти неравенства в систему:
9
|
2x |
≠ |
π |
+πn, n Z, |
|||
|
2 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x |
≠ πn, n Z. |
|||||
|
|||||||
Решением первого неравенства является множество |
|||||||
|
π |
+ |
πn |
, n |
|
||
R / |
4 |
|
2 |
Z . |
|||
|
|
|
|
|
|
||
Решением второго неравенства является множество |
|||||||
|
|
|
πn |
|
|
|
|
|
R / |
2 |
|
, n Z . |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
Пересечением этих множеств, а, следовательно, и решением |
|||||||
системы является множество |
|
|
πn |
|
|||
R / |
4 |
, n Z . Это множество и |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
является областью определения функции f (x). |
|||||||
Ответ: D ( f )= R / |
πn |
|
|
|
|||
|
4 |
|
, n Z . |
||||
|
|
|
|
|
|
|
4) Проверить, присутствует ли аргумент функции в аргументе либо в основании логарифма. Если аргумент функции присутствует в аргументе логарифма, то следует записать неравенство: “аргумент логарифма больше нуля”; если аргумент функции присутствует в основании логарифма, то следует записать два неравенства: “основание больше нуля” и “основание не равно единице”.
Пример 1.1.4. Найти область определения функции f (x)= lg (x2 −5 x + 4)+ log(x+1) (3 − x).
Решение. Поскольку аргумент функции присутствует в аргументах обоих логарифмов, следует записать неравенства
x2 −5 x + 4 > 0
и
3 − x > 0 .
Поскольку же аргумент функции присутствует в основании второго логарифма, следует записать неравенства
10
x + 1 > 0
и
x + 1 ≠ 1 .
Объединим теперь все записанные неравенства в систему
|
2 |
−5 x + 4 |
> 0, |
x |
|
||
3 − x > 0, |
|
||
|
+ 1 > 0, |
|
|
x |
|
||
|
+ 1 ≠ 1. |
|
|
x |
|
||
Решением первого |
|
неравенства является множество |
(−∞;1)U (4;+∞); решением второго – (−∞; 3); решением третье-
го – (−1;+∞); решением четвертого – R / {0}.
Пересечением этих множеств, а, следовательно, и решением системы является множество (−1;0)U (0;1). Это множество и яв-
ляется областью определения функции f (x).
Ответ: D ( f )= (−1;0)U (0;1).
5) Проверить, присутствует ли аргумент функции в аргументе арксинуса либо арккосинуса. Если присутствует, то следует записать неравенство: “модуль аргумента арксинуса либо арккосинуса меньше или равен единице”.
Пример 1.1.5. Найти область определения функции f (x)= arcsin(x − 2)+ arccos (3 − x).
Решение. Поскольку аргумент функции присутствует в аргументах арксинуса и арккосинуса, запишем неравенства
x − 2 ≤ 1 −1 ≤ x − 2 ≤ 1
и
3 − x ≤ 1 −1 ≤ 3 − x ≤ 1 .
Объединим теперь все записанные неравенства в систему
−1 ≤ x − 2 ≤ 1,−1 ≤ 3 − x ≤ 1.
11
Решением первого неравенства является множество [1; 3];
решением второго – множество [2;4].
Пересечением этих множеств, а, следовательно, и решением системы является множество [2; 3]. Это множество и является обла-
стью определения функции f (x).
Ответ: D ( f )= [2; 3].
6) Объединить все записанные неравенства в систему и решить эту систему. Ее решение и будет областью определения функции.
Пример 1.1.6. Найти область определения функции
f (x)= |
x2 − 2 x − 3 |
. |
|
||
|
x2 − 2 x −8 |
Решение. Поскольку аргумент функции присутствует в знаменателе, следует записать неравенство
x2 − 2 x −8 ≠ 0.
Поскольку аргумент функции присутствует в подкоренном выражении квадратного корня, следует записать неравенство
x2 − 2 x − 3 ≥ 0.
Объединим теперь все записанные неравенства в систему
x2 − 2 x −8 ≠ 0,
x2 − 2 x − 3 ≥ 0.
Решением первого неравенства является множество R / {−2;4}; решением второго – множество (−∞;−1]U [3;+∞).
Пересечением этих множеств, а, следовательно, и решением системы является множество
(−∞;−2)U (−2;−1]U [3;4)U (4;+∞).
Это множество и является областью определения функции f (x).
Ответ: D ( f )= (−∞;−2)U (−2;−1]U [3;4)U (4;+∞).
12
Проверка функции на четность или нечетность. Для того чтобы проверить функцию f (x) на четность или нечетность, нужно
вместо аргумента x подставить −x в формулу, которой задана функция. Если после упрощений выяснится, что полученное выраже-
ние совпадает с f (x), то это означает, что функция f (x) – четная;
если полученное выражение противоположно f (x) – функция нечетная; если же полученное выражение не совпадает и не противоположно f (x), то f (x) – функция общего вида.
Пример 1.1.7. Проверить на четность или нечетность функ-
цию |
|
x |
|
sin x |
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
f (x)= |
|
|
|
. |
|
||||||||
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Решение. Найдем f (−x). |
|
1 − x2 |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
f (−x)= |
|
|
−x |
|
sin(−x) |
= − |
|
|
x |
|
sin(x) |
= − f (x). |
||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
1 −(−x)2 |
|
|
|
|
|
|
1 −(x)2 |
||||||||
Функция нечетная. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 1.1.8. Проверить на четность или нечетность функцию f (x)= x2 tg2 x.
Решение. Найдем f (−x).
f (−x)= (−x)2 tg2 (−x)= x2 tg2 x = f (x).
Функция четная.
Пример 1.1.9. Проверить на четность или нечетность функцию f (x)= 2 x2 − 3x +6.
Решение. Найдем f (−x).
f (−x)= 2 (−x)2 − 3(−x)+6 = 2 x2 + 3x +6. f (x) – функция общего вида.
13