- •§ 1. Загальне рівняння поверхні другого порядку
- •§ 2. Метод перерізів вивчення форми поверхні
- •§ 3. Поверхні обертання
- •§ 4. Циліндричні поверхні
- •§ 5. Конічні поверхні
- •§ 7. Однопорожнинний гіперболоїд
- •§8. Двопорожнинний гіперболоїд
- •§ 9. Еліптичний параболоїд
- •§ 10. Гіперболічний параболоїд
- •§ 11. Прямолінійні твірні на поверхні другого порядку
- •11.1. Прямолінійні твірні на поверхні однопорожнинного гіперболоїда
- •11.2. Прямолінійні твірні гіперболічного параболоїда
- •§ 12. Діаметральні площини поверхні другого порядку
- •§ 13. Центр поверхні другого порядку
- •§ 14. Дотична площина до поверхні другого порядку
- •§ 15. Площини симетрії поверхні другого порядку
- •§ 16. Зведення загального рівняння поверхні другого порядку до канонічного вигляду
11.2. Прямолінійні твірні гіперболічного параболоїда
Розглянемо гіперболічний параболоїд, заданий канонічним рівнянням
(27)
Перетворимо це рівняння так:
Розглянемо дві системи рівнянь:
і
Ці системи визначають рівняння прямих, які повністю лежать на гіперболічному параболоїді, бо якщо перемножити відповідні частини рівнянь однієї системи, то одержимо рівняння (27) при довільному Я, відмінному від нуля.
Аналогічно, як і для однопорожнинного гіперболоїда, крім записаних, є ще дві прямі, які також повністю належать гіперболічному праболоїду. Це такі прямі:
і
Всі ці прямі називаються прямолінійними твірними гіперболічного параболоїда. Вони мають такі ж властивості, як і прямолінійні твірні однопорожнинного гіперболоїда:
-
Рис. 31
-
Будь-які дві твірні однієї сім'ї є мимобіжними.
-
Будь-які дві твірні різних сімей перетинаються або паралельні.
Пропонуємо довести ці властивості самостійно. Таким чином, гіперболічний параболоїд також є лінійчатою поверхнею (рис. 31).
Можна показати, що однопорожнинний гіперболо їд утворюється рухом прямої, яка ковзає по трьох мимобіжних пря- мих. Аналогічно гіперболічний параболоїд можна утворити рухом прямої, яка ковзає по двох мимобіжних прямих і залишається при ньому весь час паралельною заданій площині. Природно виникає запитання: чи мають прямолінійні твірні такі поверхні другого порядку, як еліпсоїд, двопорожнинний гіперболоїд і еліптичний параболоїд? Відповідь проста: ні. Покажемо це на прикладі еліпсоїда. Як було встановлено в § 6, еліпсоїд лежить всередині деякого прямокутного паралелепіпеда, тобто є обмеженою поверхнею. Але кожна пряма є необмеженою лінією, а тому не може повністю лежати на еліпсоїді.
Приклад. На гіперболічному параболоїді знайти прямолінійні твірні, паралельні до площини 3x+2y-4z. Розв'язання. Запишемо рівняння двох сімей прямолінійних твірних даного гіперболічного параболоїда:
(36)
(37)
Знайдемо координати напрямних векторів прямих із сім'ї (36):
Координати напрямних векторів прямих (37):
Вектор паралельний до площини Зх + 2у — 4z = 0,
якщо 2 • 3 + 1 • 2 + λ• (-4) - 0, звідки λ = 2. Тоді прямою із сім'ї (36), паралельною до даної площини, є пряма
з напрямним вектором
Точка М1(4; -2; 0) належить цій прямій. Тому її канонічне рівняня
Вектор паралельний до даної площини, якщо 2 • 3 -1 • 2+λ · (-4)=0, звідки λ= 1. Тому . Рівняння другої прямої:
Цій прямій належить точка М2(2; 1; 0), тому її канонічне рівняння
Відповідь. і
§ 12. Діаметральні площини поверхні другого порядку
Означення 12.1. Відрізок, який сполучає дві довільні точки поверхні другого порядку, називається хордою цієї поверхні.
Теорема 7.4. Середини паралельних хорд поверхні другого порядку лежать на площині.
Доведення. Нехай поверхня другого порядку задана загальним рівнянням у деякій системі координат OXYZ:
a11х² + а.22у² + а.33z² + 2а12ху + 2al3xz+
+ 2а23уz + 2а14х + 2а24у + 2а34z + а44 = 0. (2)
Розглянемо хорди цієї поверхні, паралельні до заданого вектора (рис. 32). Нехай М1М2 - одна з таких хорд, точка M0(x0 ;y0 ; z0) - її середина, координати кінців хорди: M1(x1 ;y1 ; z1) і М3{х3 ;у3 ; z3). Розглянемо вектори М0М1(х1 -х0; у1 -у0; z1, -z0) і
MQM2(x2 - х0; у2 - yQ; z2 -zQ). Ці вектори колінеарні з вектором а(і; т;n), причому один з них співнапрямлений з вектором а, а другий — протилежно напрямлений з а. Довжини цих векторів рівні. Тому
М0М1 - ta,
M0M2 = -ta, де t - деяке число, відмінне від нуля. Тоді
Рис. 32
звідки
(38)
(39)
Точки М1 і М2 лежать на даній поверхні, тому їх координати задовольняють рівняння (2). Підставивши (38) в (2), матимемо:
a11 (x0 +lt)² + a22 (y0 + mt) ²+ a33 (z0 +nt)2 +2а12(х0 +lt)( x0 +mt)+
+2а13(x0 +lt)(z0 + nt) + 2а23(y0 +mt)(z0 + nt) +2а14(x0 +lt)+ 2а24, (y0 + mt) + 2а34 (z0 + nt) + а14 =0.
Беручи до уваги що , дістанемо
(a11 l² + а22т² + а33 n² + 2a12 lm+ 2al3 ln+ 2a23 mn)t² +
+ 2((а11х0 + а12у0 + а13z0 + а14 )l + (а21х0 + а32у0 + а23z0 + а24)т +
+( a31 x0 + а32у0 + а33z0 + а34 )nt+ a11 x²0 + а22у²0 + а33z²0 +
+2а12x0y0 +2a13x0z0+2a23y0z0 +2a14x0 + 2а24y0 + 2а34z0 + а44 = 0. (40)
Введемо позначення:
F(x;y;z)=+ а11х²+ а22у²+ а33z²+2а12xy+ 2а13xz + 2а23уz + 2а14х + 2а24y + 2а34z + а44;
F1 (х; у; z) = а11х + а12у + а13z + а14;
F2(x; .у; z)= а21x + а22у + a23z + а24;
F3(x; y; z)= а31х + а32у + a33z + а34.
Тоді рівність (40) запишеться так:
(а11l² + а22т² +а33п² + 2a12lm + 2a13ln+2a23.imn)t²+2(lFl(xQ; y0; z0) +
+ mF2(x0; y0; z0)+ nF3 (х0; у0; z0))t + F(x0; y0; z0) = 0. (41)
Аналогічно, підставивши (39) в (2), матимемо:
(а11l²+ а22m²+ а33п²+ 2а12lт +2а131п +2а33тп)t²- 2(lF1(x:0; у0;z0)+
+ mF2(x0; у0; z0) + nF3(х0.; y0; z0))t + F(x0; у0; z0) = 0. (42)
Віднявши відповідні частини (41) і (42), дістанемо:
4(lF1(х0; y0; z0)+ mF2(x0; у0; z0) + nF3(х0.; y0; z0))t
звідки випливає, що координати точки MQ(x0;y0; z0) задовольняють рівняння
lF1(х0; y0; z0)+ mF2(x0; у0; z0) + nF3(х0.; y0; z0)= 0. (43)
А це є рівняння першого порядку відносно x0 ;у0; z0, тобто рівняння площини.
Теорему доведено.
Означення 12.2. Площина, яка проходить через середини хорд поверхні другого порядку, паралельних до деякого вектора 3, називається діаметральною площиною цієї поверхні, спряженою з вектором а.
Як випливає з наведених вище міркувань, рівняння діаметральної площини, спряженої з вектором а(l; т; п), має вигляд:
lF1 +mF2 +nF3 =0. (44)
Приклад. Скласти рівняння діаметральної площини поверхні
х2- 4у2 +z²-2x+ + 6y- 4xy + 2yz - 8 = 0f спряженої з вектором а(1; - 2; 3).
Розв'язання. Для даної поверхні
F1 = х - 2у - 1, F2 -2х - 4у + z + 3, F3 =y + z.
Із рівняння (44) маємо:
1· (x – 2y - 1)-2(- 2x – 4y + z + 3)+ 3(y + z)=0;
5х + 9y + z - 7 = 0.
Відповідь. 5х + 9у + z - 7 = 0.