- •ОГЛАВЛЕНИЕ
- •ПРЕДИСЛОВИЕ
- •Глава 1. ЗАКОНЫ ДИНАМИКИ ТОЧКИ
- •1.1. Введение
- •1.3. Основные законы динамики точки
- •1.3.1. Закон инерции
- •1.3.2. Основной закон динамики
- •1.3.3. Закон равенства действия и противодействия
- •1.3.4. Закон независимости действия сил
- •1.4. Контрольные вопросы
- •2.1. Дифференциальные уравнения движения материальной точки
- •2.2. Две задачи динамики
- •2.2.1. Первая задача динамики
- •2.3.1. Пример. Динамика мяча для игры в пастольш,,й теннис
- •2.4. Контрольные вопросы
- •3.2. Относительный покой
- •3.2.1. Пример. Центробежный регулятор
- •3.3. Принцип относительности Галилея
- •3.3.1. Пример. Приземление прыгуна с трамплина
- •3.4. Контрольные вопросы
- •4.1. Классификация сил
- •4.1.1. Свойства внутренних сил
- •4.2. Масса. Центр масс системы
- •4.4. Теорема Штейнера о моментах инерции относительно параллельных осей
- •4.5. Связь моментов инерции относительно центра, оси и плоскости
- •4.5.1. Пример. Момент инерции диска относительно диаметра
- •4.5.2. Пример. Момент инерции шара относительно диаметра
- •4.6. Контрольные вопросы
- •Глава 5. ОБЗОР ОБЩИХ ТЕОРЕМ ДИНАМИКИ
- •5.3. Общие теоремы динамики системы
- •5.4. Контрольные вопросы
- •6.1. Связь количества движения системы со скоростью движения центра масс
- •6.1.1. Пример. Количество движения идущего человека
- •6.3. Теоремы об изменении количества движения системы в конечной форме
- •6.3.1. Пример. Давление наконечника пожарного шланга
- •6.4. Контрольные вопросы
- •Глава 7ЛЕ0РЕМА О ДВИЖЕНИИ ЦЕНТРА МАСС
- •7.1. Условия сохранения скорости движения центра масс
- •7.1.1. Пример. Человек на абсолютно гладкой поверхности
- •7.2. Частный случай сохранения скорости движепия центра масс
- •7.2.1. Пример. Человек на лодке
- •7.3.1. Пример. Сила трения при ходьбе человека
- •7.4. Контрольные вопросы
- •8.1.1. Связь между моментами относительно центра и оси
- •8.2. Кинетический момент системы относительно центра и оси
- •8.2.1. Кинетический момент твердого тела, вращающегося вокруг неподвижной оси
- •8.3. Кинетический момент системы при ее составном движении
- •8.3.1. Пример. Кинетический момент человека
- •8.4. Контрольные вопросы
- •9.1. Теоремы о моменте количества движения материальной точки относительно центра и оси
- •9.2.1. Пример. Тройной прыжок фигуриста
- •9.3. Дифференциальное уравнение вращательного движения тела вокруг неподвижной оси
- •9.3.1. Пример. Вращение фигуриста
- •9.5. Дифференциальные уравпения плоскопараллельного движения твердого тела
- •9.6. Контрольные вопросы
- •10.1. Кинетическая энергия твердого тела при его простейших движениях
- •10.1.1. Поступательное движение твердого тела
- •10.1.2. Вращательное движение твердого тела вокруг неподвижной оси
- •10.2. Кинетическая энергия при составном движепии механической системы
- •10.3. Общий случай движения свободного твердого тела
- •А = J Fxds.
- •10.6. Примеры вычисления работы
- •10.6.1. Работа силы тяжести
- •10.8. Контрольные вопросы
- •11.1. Теорема об изменении кинетической энергии системы в дифференциальной форме
- •11.3.1. Пример. Качепие катка вверх по наклонной плоскости
- •11.4. Пример. Прыжок человека с большой высоты
- •11.5. Теоремы об изменении кинетической энергии системы в относительном движении
- •11.9. Контрольные вопросы
- •СПИСОК ЛИТЕРАТУРЫ
Найдем решение задачи Коши на некотором конечном интерва ле времени Г. Разобьем его на достаточно малые интервалы т. Рас смотрим решение с постоянным шагом интегрирования т. На к-и шаге интегрирования в момент времени tk = kz функции y,(t) считаются известными. Для определения функций в момент време ни (i+l = (к + 1)т запишем производные у-, в конечно-разностном виде, ограничиваясь членами первого порядка в разложении функ ций у, (f*+i):
У; = ^[у.- (h+1) — Уi(h )]• |
(2.21) |
Подставляя сюда вместо у,- правые частив системы (2.19), взя тые при t — tk (явная схема), получим схему Эйлера пошагового ин тегрирования:
У, (f*4-1) = УгО*) + */.- ('*, y{tk)), i = 1,6. |
(2.22) |
Полагаем к = 0,1,2,.... При к = 0 получаем t0= 0, и тогда функ ции у,(0) берутся из начальных условий (2.20). Найденные из (2.22) значения у,<^) используются в качестве начальных условий На шаге к = 1 и т. д. Таким образом, получается последовательность решений У/(0), у,(х), (2т) ..., которая с точностью до малых 1-го Порядка аппроксимирует решение задачи Коши (2.19), (2.20).
Схема Эйлера удобна для реализации на компьютере и может применяться для решения как учебных, так и практических задач. Однако в больших задачах для сокращения времени счета желатель но использовать методы интегрирования с более высоким порядком точности и переменным шагом интегрирования. На практике 1цироко используется метод Рунге — Кутта — Мерсона 4-го порядка точно сти с определением погрешности счета у, на каждом шаге.
2.3.1. Пример. Динамика мяча для игры в пастольш,,й теннис
Определить, под каким углом а к горизонту должен в^шететь теннисный шарик для достижения максимальной дальности полета по горизонтали. Масса шарика m = 2,3 г, диаметр d = 3,8 см> на_ чальная скорость о 0 = 30 м/с, коэффициент аэродинамичес^ого со_ противления шара с = 0,45. Вращение шарика не учитывать
Решение. Вовремя полета теннисного шарика на него действу ет сила тяжести Р и сила аэродинамического сопротивления R , чис ленно равная рсЛ>2/2 и направленная противоположно скорости шарика о (рис. 2.6). Для упрощения записи дифференциальных уравнений силу сопротивления представим в виде
|
R = mgk 2и 2, |
где к = ----- , о о, = |
/— — — предельная скорость при вертикальном |
и » |
VРс5 |
падении шарика (см. пример 2.2.2.1). Площадь миделя S = nd2/4.
По заданным условиям задачи получим =8,5 м/с. Итак, коэф фициент сопротивления к определен и сила R является известной функцией скорости шара. Запишем силу сопротивления как вектор ную величину, учитывая ее направление:
R = —mgk2vv.
Тогда по II закону Ньютона
та = Р + R,
та —Р — mgk1ои.
Проектируя обе части уравнения на оси, получим
ах = - g k 2oux,
ау = - g ( l + £ 2ии,),
или в дифференциальной форме
x = —gk2\yx,
У- - g ( И- кгх>у}, |
(2.23) |
v = -Jx2 + у 2
Используя обозначения (2.17), запишем (2.23) в виде системы дифференциальных уравнений 1-го порядка:
у,- = /. {t, УиУ2,Уз, Уа), i = 1,4, |
(2.24) |
где |
|
/\=Уг, |
|
f г =~ g k 2(yl +у1)'12уг, |
(2.25) |
J |
|
Ь = У а, |
|
/4 = -g (l + к 2 {у\ + У\) V2 УлJ- |
|
Начальные условия задачи: |
|
<= 0:д>1 = 0, уг = о 0 cosа, у3 = 0, y4 = o 0sina. |
(2.26) |
Задача Коши (2.24)-(2.26) решалась численно методом Эйлера. Шаг интегрирования х = 1СГ5 с. На рис 2.7 приведены траектории полета шарика при различных значениях угла а. При угле ai = 32° (кривая 1) дальность полета максимальна (Lm= 13 м). Кривые 2 и 3
представляют траектории полета при углах наклона к горизонтали начальной скорости а2= 15°, а 3 = 50° (расчеты А. Подгайца).
Представленные на рис. 2.7 графики называются баллистиче скими кривыми. В отличие от траектории движения тел по параболе в однородном поле тяжести без учета сил сопротивления у балли стических кривых ниспадающая ветвь более крутая, чем восходя щая. Заметим также, что при отсутствии сопротивления максималь ная дальность полета достигается при а = 45°.
2.3.2. Пример. Постановка задачи о прыжке с трамплина па лыжах
Прыжок с трамплина — один из наиболее технически сложных видов спорта. Однако в литературе по биомеханике спорта ему уде лено недостаточно внимания [27].
А. Спуск с горы разгона (рис. 2.8). На модели лыжника как ма териальной точки можно исследовать формирование скорости и ре акции опоры при движении от стартового стола (7) до стола отрыва
(3). Задача состоит в расчете профиля горы разгона (2), обеспечи вающего необходимую скорость вылета и оптимальные значения реакции опоры. Для решения задачи надо знать коэффициенты аэ родинамического сопротивления, площадь миделя, коэффициент трения лыж о снег. Некоторые данные можно найти в книге [14].
1
Б. Отталкивание от стола отрыва. Стол отрыва — прямолиней ный конечный участок спуска, который немного наклонен в сторону горы приземления, составляя 9-11° с горизонталью. Этот наклон
обеспечивает невысокий полет лыжника над горой приземления и безопасную скорость приземления. Отталкиваясь от стола отрыва, лыжник влияет на направление вектора начальной скорости прыжка. В определенной степени эта задача-является обратной задаче призем ления, которая в простейшей постановке рассмотрена в главе 3.
В. Полет над горой приземления. Задача лыжника — пролететь как можно дальше и устоять при приземлении. Последнее обеспе чивается в том случае, если нормальная к поверхности составляю щая скорости приземления невелика. Дальность прыжка зависит от массы лыжника, силы лобового сопротивления и подъемной силы. Важную роль играет обтекаемость воздухом комбинезона. Этот во прос требует специального исследования.
Г. Приземление. Как показывает тензометрирование, лыжник при приземлении испытывает перегрузки, близкие к пятикратным. Необходимо рассчитать, как влияет на перегрузки скорость призем ления.
В этом примере рассмотрим постановку только задачи В. Зада ча Г обсуждается в следующей лекции.
Рассмотрим фазу прыжка лыжника (рис. 2.9), который отрыва
ется от опоры в точке О со скоростью о 0, направленной под углом а
к горизонту. При полете на лыжника действует сила тяжести Р = mg, сила лобового сопротивления воздуха/? = mgk2и 2 и подъ емная сила N , направленная перпендикулярно вектору скорости и. Во время прыжка рассматриваем лыжника как материальную точку массой т. По сравнению с примером 2.3.1 здесь добавляется подъ емная сила, обусловленная углами наклона лыж и лыжника к каса тельной к траектории. Природа этой силы такая же, как и силы ло бового сопротивления воздуха. По сути, силы/? и N , складываясь, создают полную реакцию воздушной среды. Поэтому силу N при
мем также пропорциональной квадрату скорости: |
|
N = J m g k W , |
(2.27) |
где коэффициент /показывает, какую долю лобового сопротивле ния составляет подъемная сила. Вектор N найдем с помощью орта
ё0 OCHZ:
N = -fm gk 2иё0 х о. |
(2.28) |
II закон Ньютона запишется в виде
та = Р +R + N ,
(2.29)
та = mg — mgk 2v v — fmgk 2ё0 хи.
Сокращая т и проектируя обе части уравнения на оси, получим дифференциальные уравнения движения прыгуна с трамплина
* — ~ g k 2 (•*—fy)v.
|
(2.30) |
U = ‘J x 2 + у 2 |
|
Начальные условия движения: |
|
/ = 0:JC= 0, у= О, Jt = i)0cosa, y = u 0sina. |
(2.31) |
Коэффициент лобового сопротивления к = l/о , а предельная скорость о оо была получена из равенства предельной силы лобово го сопротивления весу лыжника с лыжами (см. пример 2.2.2.1). При = 60 м/с результаты расчета близки к реальным. Коэффициент подъемной силы / был принят линейно зависящим от расстояния s,
проходимого по траектории,