- •К теме 1.1.2.1. Плоская система сходящихся сил
- •К теме 1.1.2.2. Пара сил
- •К теме 1.1.2.2. Пространственная система сил
- •К теме 1.1.4. Центр тяжести
- •К теме 1.2.1. Основные понятия кинематики
- •К теме 1.2.3. Простейшее движение твердого тела
- •К теме 1.2.4. Сложное движение точки
- •К теме 1.2.5. Сложное движение твердого тела
- •К теме 1.3.1. Основные понятия и аксиомы динамики
- •К теме 1.3.3. Работа и мощность
- •К теме 1.3.4. Общие теоремы динамики
- •Вопросы для самопроверки к теме 2.1. Основные положения
- •К теме 2.2. Растяжение и сжатие
- •К теме 2.3. Практические расчеты на срез и смятие
- •К теме 2.4 Геометрические характеристики плоских сечений
- •К теме 2.4. Кручение
- •К теме 2.5. Изгиб
- •К теме 2.7. Гипотезы прочности и их применение
- •Диаметр вала не первом участке
- •Задачи для контрольной работы № 1
Диаметр вала не первом участке
d1= =57,6мм
Принимаем dв1 = 60 мм.
Диаметр вала на втором участке
d2= )=50,4мм
Принимаем dв2 = 55 мм.
Диаметр вала на третьем участке
d3= =31,8мм
Принимаем dв3 = 35 мм.
Эскиз ступенчатого вала в масштабе показан на рисунке 4.
Для определения полного угла закручивания вала предварительно вычисляем полярные моменты инерции отдельных сечений вала:
Ір1=π·d14 / 32=π/32(6,0·10-2)4=127,17·10-8 м4;
Ір2=π·d24 / 32=π/32(5,5·10-2)4=89,79·10-8 м4;
Ір3=π·d34 / 32=π/32(3,5·10-2)4=14,72·10-8 м4.
Определяем углы закручивания соответствующих участков вала:
φ0AB=[T1·І1/(G·Ιp1)]·1800/π=[1200·12·10-2/(8·1010·127,17 ·10-8)]·1800/π=0,0810
φ0BС=[T2·І2/(G·Ιp2)]·1800/π=[800·18·10-2/(8·1010·89,79 ·10-8)]·1800/π=0,1150
φ0СD=[T3·І3/(G·Ιp3)]·1800/π=[200·10·10-2/(8·1010·14,72 ·10-8)]·1800/π=0,0970
Полный угол закручивания вала:
φ0= φ0AB+ φ0BС+ φ0СD=0,0810+0,1150+0,0970=0,2930 или φ0 17,58'
Пятую задачу следует решать после изучения темы 2.5.
Изгиб – это такой вид деформации бруса, при котором в его поперечных сечениях возникают изгибающие моменты.
В большинстве случаев одновременно с изгибающими моментами возникают и поперечные силы; такой изгиб называют поперечным; если поперечные силы не возникают, изгиб называют чистым.
Плоскость проходящая через продольную ось бруса и одну из главных центральных осей (ось симметрии и перпендикулярная ей центральная ось являются
главными центральными осями сечения) его поперечного сечения называется главной плоскостью бруса.
В случае если силовая плоскость, т.е. плоскость действия нагрузок, совпадает с одной из главных плоскостей, имеет место прямой изгиб бруса.
Поперечная сила Qу в произвольном поперечном сечении бруса численно равна алгебраической сумме внешних сил, приложенных к его отсеченной части.
Изгибающий момент Мх в произвольном поперечном сечении бруса численно равен алгебраической сумме моментов всех внешних сил, приложенных к отсеченной части, относительно той точки продольной оси бруса, через которую проходит рассматриваемое сечение.
Правило знаков для поперечной силы.
а) dz б) dz
Qy Qy
Qy Qy
+ -
Силам, проворачивающим отсеченную часть балки относительно рассматриваемого сечения по ходу часовой стрелки, приписывается знак плюс, а силам, поворачивающим отсеченную часть балки относительно рассматриваемого сечения против хода часовой стрелки, приписывается знак минус.
Правило знаков для изгибающих моментов.
а) б)
Мх Мх
Мх Мх
+ -
Изгибающий момент считается приложенным, если элемент бруса изгибается выпуклостью вниз (рис. а), т.е. таким образом, что его сжатые волокна находятся в верхней части.
Между выражениями изгибающего момента Мх, поперечной силой Qу и интенсивностью распределенной нагрузки q существуют дифференциальные зависимости:
а) dMx/dZ=Qy б) dQy/ dZ=q
На основе метода сечений и дифференциальных зависимостей устанавливается взаимосвязь эпюр Mx и Qy между собой и с внешней нагрузкой, поэтому достаточно вычислить ординаты эпюр для характерных сечений и соединить их линиями. Характерными являются сечения балок, где приложены сосредоточенные силы и моменты (включая опорные сечения), ограничивающие участки с равномерно распределенной нагрузкой.
Некоторые правила построения эпюр:
Если на некотором участке балки отсутствует распределенная нагрузка, то
эпюра Q – прямая, параллельная оси абсцисс, эпюра моментов на этом участке – наклонная прямая.
Если на некотором участке балки имеются равномерно распределенная на-
грузка, то эпюра Q – наклонная прямая, а эпюра М – парабола (кривая второго порядка).
Если на некотором участке:
а) Q>0, то изгибающий момент возрастает (слева на право).
б) Q<0, то изгибающий момент убывает.
в) Q=0, то изгибающий момент постоянный (чистый изгиб).
4. Если поперечная сила, изменяясь непрерывно, например, по линейному закону,
проходит через нулевое значение то в соответствующем сечении изгибающий момент имеет экстремальное (максимальное или минимальное) значение.
5.Под сосредоточенной силой на эпюре Q получается скачкообразное изменение
ординат – скачок на величину приложенной внешней силы, а на эпюре М – резкое изменение угла наклона (излом) смежных участков эпюры.
В точках, соответствующих началу и концу участка, в пределах которого к
балке приложена распределенная нагрузка, параболическая и прямолинейная части эпюры М сопрягаются плавно, если на границах указанного участка не приложено сосредоточенных сил.
Если распределенная нагрузка направлена вниз, то парабола, представляющая
собой опору М, обращена выпуклостью вверх, т.е. «навстречу» нагрузке.
Там, где к балке приложена сосредоточенная пара сил, на эпюре М получается
скачкообразное изменение ординат – скачок на величину момента этой пары. На эпюре Q это не отражается.
Алгоритм решения задач:
Необходимо определить опорные реакции балки.
Построить эпюру «Q».
Построить эпюру «М».
Подобрать для балки двутавровое сечение из условия прочности по нормаль-
ным напряжениям.
При подборе сечений следует производить проверку сечений с большим и мень-
шим моментами сопротивления, то есть оценивать степень недогрузки и перегрузки балки.
Пример 5. Построить эпюры поперечных сил и изгибающих моментов для балки (рис.5), если F=20кН; m=8кНм; q=20кН/м. Подобрать двутавровое сечение, если σadm=150МПа.
RAy F=20кН RВу
m=8кНм q=20кН/м
1 А 2 3 В 4
0,8м 0,8м 1,6м 0,8м
+14 +16
Эп. Q(кН)
-6
3,2
Эп.Мu
-8 -6,4
1.Определяем опорные реакции RAy и RВу.
ΣМА=0;
-m+F·0,8-2,4+q·0,8·2,8=0;
RBy=(-m+F·0,8+q·0,8·2,8)/2,4=(-8+20·0,8+20·0,8·2,8)/2,4=22кН;
ΣМВ=0;
-m+RAy·2,4-F·1,6+0,8·q·0,4=0;
RАy=(m+F·1,6-0,8·q ·0,4)/2,4=14кН;
Проверка ΣFiу=0;
RАy- F+ RBy- q·0,8=0;
14-20+22-20·0,8=0;
0=0;
2.Строим эпюру Q.
На первом участке Q1=0;
На втором участке Q2=RАу=14кН;
На третьем участке Q3=RАу-F1=14-20=-6кН;
На этих участках эпюра Q изображается горизонтальными линиями, параллельными оси.
Четвертый участок рассмотрим, взяв начало координат на правом конце балки:
Q4=qz, где 0≤Z≤0,8м
при Z=0; Q4=0;
при Z=0,8м; Q5= qа=20·0,8=16кН.
Эпюра изображается наклонной прямой линией.
В точке В эпюра Q имеет скачок, равный опорной реакции RBy.
3.Строим эпюру Мu.
На первом участке.
Мu=-m=-8кНм;
На втором и третьем участках строим эпюру по значению изгибающему моментов на границах участков:
в сечении А
М2u=- m=-8кНм;
в сечении С
М2u=- m+ RBy·0,8=-8+14·0,8=3,2кНм;
в сечении В
М3u=- m+ RBy·2,4- F·1,6=-8+14·2,4-20·1,6=-6,4кНм.
На первых трех участках эпюра Мu изображается прямыми линиями.
Для построения эпюры Мu на четвертом участке начало координат возьмем на правом конце балки; тогда
М4u=-qz2/2, где 0≤Z≤0,8м
при Z=0; М4u=0;
при Z=0,8; М4u=-qz2/2=-6,4=-20·0,82/2=-6,4кНм;
На четвертом участке эпюры Мu – дуга параболы.
4.Подбираем для балки двутавровое сечение.
σmax=Mxmax/Wx≤σadm;
Wx ≥ Mxmax / σadm;
Wx=8·106/150=53333,33мм3 =53,3см3
Двутавр 10 (Wx=39,7см3)
Действительное расчетное напряжение
σmax=8·106/39,7·103=201,5МПа;
150МПа -100%
х=201·100/150=134%
201МПа – х%
перегрузка составила 34%, а допускается ≤ 5%; следовательно, прочность не обеспечена.
Двутавр №12 (Wx=58,4 см3)
Действительное расчетное напряжение
Wx=8·106/54,8·103=136,9МПа;
150МПа -100%
х=136,9·100/150=91,27%
136,9МПа – х%
Сечение не догружено на 8,73%. С точки зрения обеспечения прочности недогрузка ≤ 10%. Прочность балки обеспечена. Принимаем сечение – двутавр №12.