Funk_metoda_part_2
.pdfРозв'язок. Використовуючи теорему про загальний вигляд лiнiйного неперервного функцiоналу в L2[a;b], ìà¹ìî
Z b Z b
(Ax, y) = y(t) K(t, s)x(s)dsdt =
aa
Z b |
Z b |
=x(s) K(t, s)y(t)dtds = (x, A y).
aa
Çâiäñè
Z b
A y(t) = K(s, t)y(s)ds.
a
Тобто при переходi до спряженого оператора в ядрi K(t, s) треба помiняти мiсцями змiннi t i s.
Зауваження. Якщо функцiя
оператор A дi¹ з простору L2[a;b] комплекснозначних функцiй в себе, то
A y(t) = K(s, t)y(s)ds.
|
(A )−1 : X |
|
Y ; |
(A )−1 = A−1 |
. |
|
|
|
|
|
||
Розв'язок. Треба довести, що iсну¹ неперервний |
обернений опе- |
|||||||||||
|
|
→ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ратор (A )−1 i що викону¹ться рiвнiсть (A )−1 = |
A−1 |
|
. |
y = Ax |
||||||||
довiльних x X, òà f Y |
. Звiдси, враховуючи, що |
|
|
|
||||||||
За означенням спряженого оператора, (Ax, f) = (x, A f) äëÿ |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
äëÿ |
|
|||
âiðíå x = A−1y, ìà¹ìî |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(y, f) = (A−1y, A f) = y, (A−1) A f , y Y, f Y . |
||||||||||||
Таким чином, f = (A− |
) A f äëÿ |
|
f |
|
Y |
. Тобто опе- |
||||||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
ма¹ лiвий обернений, який дорiвню¹ |
|
|
|
. ßêùî âiä- |
|||||||
|
|
|
|
довiльного |
|
|
|
|
|
|
|
|
ратор A |
|
|
|
|
(A−1) |
|
|
|
|
|||
правитися вiд рiвностi |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(A−1y, f) = y, (A−1) g ,
31
справедливо¨ y Y, g X , то прийдемо до тотожностi
A (A−1) g = g, g X ,
з яко¨ виплива¹, що оператор A ма¹ правий обернений (A−1) . Тому оператор A : Y → X ма¹ обернений i (A )−1 = (A−1) .
7.2Вправи
1.Нехай A òà B два неперервних лiнiйних оператори, що дiють з простору X в простiр Y . Доведiть, що
(αA + βB) = αA + βB .
2.Нехай A òà B два неперервних лiнiйних оператори, що дiють вiдповiдно з простору X в простiр Y i з простору Y в простiр Z. Нехай оператор C = BA. Доведiть, що
a)оператор C ¹ лiнiйним i неперервним;
b)спряжений оператор C = (BA) = A B .
3.Знайдiть спряженi оператори до наступних операторiв, якi дiють з l1 â l1
(a)A(x1, x2, ...xn, ...) = (x1, x2, ..., xn, 0, 0, ...);
(b)A(x1, x2, ...xn, ...) = (0, x1, x2, ..., xn−1, ...);
(c)A(x1, x2, ...xn, ...) = (x2, x3, ..., xn+1, ...);
(d)A(x1, x2, ...xn, ...) = (a1x1, a2x2, ..., anxn, ...),
an R, |an| ≤ 1, n N.
4.Знайдiть спряженi оператори до операторiв попередньо¨ задачi, якщо вони дiють
a) ç c0 â c0; |
b) ç l2 â l2; |
c) ç l1 â c0. |
5. Знайдiть оператор, спряжений до оператора вкладення
I : l2 → c0, Ix = x.
32
6. Знайдiть спряжений оператор до оператора A : L2[0;1] →
L2[0;1], ÿêùî
(a)
(b)
(c)
Z t
Ax(t) = x(s)ds;
0
Ax(t) = tx(t);
Z 1
Ax(t) = tx(s)ds;
0
(d) Aλx(t) = x(t), t ≤ λ, 0, t > λ.
7. Знайдiть спряженi оператори до наступних операторiв, якi
äiþòü ç L2 |
L2 |
(−∞,∞) â (−∞,∞):
(a) Ahx(t) = x(t + h);
(b) Ax(t) = x(t) − x(−t).
8Компактнi оператори
8.1Основнi означення
Означення 1. Оператор T L (X, Y ) назива¹ться компактним (цiлком неперервним), якщо вiн вiдобража¹ обмеженi множини з X у предкомпактнi множини в Y.
Теорема 1. Нехай A L(X, Y ), B L(Y, Z). Якщо один з цих операторiв цiлком неперервний, то таким оператором ¹ й ¨х добуток BA.
Теорема 2. Нехай T L(X, Y ), äå Y банахiв простiр. Опе-
ратор T ¹ цiлком неперервним тодi i тiльки тодi, коли спряжений
оператор T цiлком неперервний.
Теорема 3. Якщо послiдовнiсть {An}∞n=1 цiлком неперервних операторiв з нормованого простору X в банахiв простiр Y ðiâ-
номiрно збiга¹ться до оператора A : X → Y , тобто
lim ||An − A||L(X,Y ) = 0,
n→∞
33
то граничний оператор A ¹ цiлком неперервним.
Приклад 1. Чи ¹ цiлком неперервним оператор A, ùî äi¹ ç
C[0;1] â C[0;1], ÿêùî
Z t
Ax(t) = x(s)ds.
0
Розв'язок. Оскiльки цей оператор ¹ лiнiйним i обмеженим, то нам досить показати, що образ одинично¨ кулi
|
|
B = x C[0;1] : ||x||C[0;1] < 1
¹ предкомпактною множиною. Нехай x(t) B. Òîäi
Z t
|Ax(t)| = | x(s)ds| ≤ 1,
0
x B i t [0; 1]. Таким чином, образ одинично¨ кулi B ¹ рiвномiрно обмеженою множиною. Далi,
Z t1 Z t2
|Ax(t1) − Ax(t2)| = | x(s)ds − x(s)ds| ≤
0 0
Zt1
≤| x(s)ds| ≤ |t2 − t1|||x||C[0;1] ≤ |t2 − t1|
t2
äëÿ áóäü-ÿêèõ x(t) B.
Таким чином, ε > 0 δ = ε таке, що t1, t2 [0; 1], |t1−t2| < δ i x B викону¹ться нерiвнiсть
|Ax(t1) − Ax(t2)| < ε.
Тобто, образ множини B ¹ одностайно неперервною множиною
функцiй. Згiдно з теоремою Арцела - Асколi, образ множини B ¹
предкомпактною множиною. Звiдси виплива¹, що цей оператор ¹ цiлком неперервним.
Приклад 2. Доведiть, що оператор A, ÿêèé äi¹ ç C[a;b] â C[a;b],
Z b
Ax(t) = K(t, s)x(s)ds,
a
34
äå ÿäðî K(t, s) неперервна в квадратi a ≤ t, s ≤ b функцiя, ¹
цiлком неперервним оператором.
Розв'язок. Оператор Ax(t) = Rab K(t, s)x(s)ds ç C[a;b] â C[a;b] ¹ лiнiйним обмеженим оператором. Покажемо, що образ одинично¨ кулi
¹ предкомпактною |
|
|
|
|
|
x B. Òîäi |
|
|
|||||
|
|
B = x(t) C[a;b] : ||x(t)||C[a;b] < 1 |
|
|
|||||||||
|
|
множиною. Нехай |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
kAx(t)kC[a;b] |
= |
|
ab K(t, s)x(s)ds |
≤ |
|
|||||||
|
|
|
|
|
Z |
|
|
|
C[a;b] |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
≤ |
Za |
b |
| |
|
|
|
| |
|
|
M(b |
− |
a), |
|
a≤t,s≤b |
|
|
| · a≤s≤b | |
ds |
≤ |
||||||||
|
|
max |
K(t, s) |
|
max |
x(s) |
|
|
äå M = maxa≤t,s≤b |K(t, s)|. Таким чином, образ одинично¨ кулi B ¹ рiвномiрно обмеженою множиною.
Функцiя K(t, s) неперервна в замкненiй областi. За теоремою Кантора вона ¹ рiвномiрно неперервною в квадратi a ≤ t, s ≤ b.
Тобто ε > 0 знайдеться таке δ(ε) > 0, ùî t1, t2, s1, s2 [a; b] викону¹ться нерiвнiсть
ε
|K(t1, s1) − K(t2, s2)| < (b − a)
ÿê òiëüêè |t1 − t2| < δ i |s1 − s2| < δ. Оцiнимо рiзницю |Ax(t1) − Ax(t2)|. Ìà¹ìî
|Ax(t1) − Ax(t2)| = |
ab |
[K(t1, s) − K(t2, s)] x(s)ds ≤ |
|||||
|
|
Z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
b |
|
|
|
ε |
a |
|
|
≤ Za |
|
|
|
Zb |
|
||
|K(t1, s) − K(t2, s)| |x(s)| ds < |
|
|
ds = ε, |
||||
b − a |
для будь-якого x E ÿê òiëüêè |t1 − t2| < δ. Таким чином, образ
множини B ¹ одностайно неперервною множиною функцiй. Отже
оператор ¹ цiлком неперервним. За аналогi¹ю можна довести,
неперервним оператором з L2[a;b] â L2[a;b] у випадку, коли ядро
K(t, s) L2 ×
[a;b] [a;b].
35
8.2Вправи
1.Доведiть твердження:
(a)Лiнiйний цiлком неперервний оператор ¹ обмеженим;
(b)ßêùî A i B цiлком неперервнi оператори з X â Y , òî
¨õ ëiíiéíà êîìáiíàöiÿ αA + βB ¹ цiлком неперервним оператором;
(c)Áóäü-ÿêèé лiнiйний оператор A : Rn → Rm ¹ öiëêîì неперервним.
2.Довести, що образ компактного оператора ¹ сепарабельною множиною.
3.Доведiть, що оператор вкладення
I : C[1a;b] → C[a;b], Ix = x
¹ цiлком неперервним.
4.Чи буде цiлком неперервним оператор вкладення
I : l1 → l2, Ix = x?
5.Якi з наступних операторiв A : C[0;1] → C[0;1] ¹ öiëêîì íåïå- рервними:
(a)
(b)
(c)
(d)
(e)
(f)
Ax(t) = tx(t);
Z t
Ax(t) = x(s)ds;
0
Z 1
Ax(t) = (ts + t2s2)x(s)ds;
0
Ax(t) = x(0) + tx(1);
Z 1
Ax(t) = etsx(s)ds;
0
Ax(t) = x(t2)?
36
6. Доведiть, що оператор A : C[a;b] → C[a;b],
n
X
Ax(t) = ϕi(t)x(ti),
i=0
äå ϕi(t) C[a;b], ti [a; b], i = 0, 1, ..., n, ¹ цiлком неперервним.
7. Доведiть, що оператор A, ÿêèé äi¹ ç C[a;b] â C[a;b],
Z t
Ax(t) = K(t, s)x(s)ds,
a
äå ÿäðî K(t, s) неперервна в квадратi a ≤ t, s ≤ b функцiя,
¹ цiлком неперервним оператором. Що можна сказати про цей оператор, якщо розглядати його як оператор з L2[a;b] â
L2[a;b]?
8. Доведiть, що оператор A : L2[0;1] → L2[0;1],
Z t
Ax(t) = x(s)ds;
0
¹цiлком неперервним.
9.Якi з операторiв A : l2 → l2 цiлком неперервнi
(a)A(x1, x2, ...xn, ...) = (0, x1, x2, ..., xn, ...);
(b)A(x1, x2, ...xn, ...) = (x1, x22 , x33 , ..., xnn , ...);
(c)A(x1, x2, ...xn, ...) = (0, x1, x22 , x33 , ..., xnn , ...)?
10.Чи буде цiлком неперервним оператор A : C[−1;1] → C[−1;1]
Ax(t) = 12 [x(t) + x(−t)] .
37
11.Нехай en (n N) - ортонормований базис гiльбертового про-
стору H, λn R (n N), λn → 0 (n → ∞). Äëÿ x H
визначимо оператор A : H → H ÿê
∞
X
Ax = λn(x, en)en.
n=1
Доведiть, що оператор A, визначений на всьому просторi H, ¹ цiлком неперервним.
12. Чи може цiлком неперервний оператор мати
(a) обмежений обернений;
(b) обернений;
(c) обмежений правий обернений;
(d) правий обернений?
9 Спектр лiнiйного оператора
9.1 Основнi факти
Нехай X банахiв простiр над полем C, A L(X). Означення 1. Точка λ C назива¹ться регулярною точкою
оператора A, якщо iсну¹ оператор (A−λI)−1, визначений на всьо- ìó X (i отже, за теоремою Банаха, ¹ неперервним). Сукупнiсть регулярних точок оператора A назива¹ться резольвентною множиною i познача¹ться через ρ(A).
Якщо число λ ρ(A), то обмежений лiнiйний оператор
Rλ = (A − λI)−1
назива¹ться резольвентою оператора A.
Означення 2. Спектром оператора A назива¹ться доповнення множини ρ(A) äî C. Спектр оператора A познача¹ться σ(A).
Теорема 1. Спектром оператора A : X → X ¹ замкнена множина, що лежить в кругу радiуса ||A|| з центром в точцi нуль.
38
Означення 3. Число λ C назива¹ться власним значенням оператора, якщо iсну¹ такий елемент x DA, x 6= 0, ùî
Ax = λx.
При цьому елемент x назива¹ться власним вектором оператора A, що вiдповiдна¹ власному значенню λ.
Кожне власне значення оператора A належить його спектру σ(A), при цьому оператор A − λI не ма¹ оберненого.
Теорема 2. Нехай лiнiйний обмежений оператор A : X → X, äå X банахiв простiр. Тодi iсну¹ скiнченна границя
p
r(A) = lim n ||An||,
n→∞
яка назива¹ться спектральним радiусом. При цьому ма¹ мiсце нерiвнiсть
n≥1 |
p |
|
|
= n→∞ p |
|
|
|
|
= r(A) |
≤ || |
|| |
||A |
|| |
|| |
An |
|| |
|||||||
inf |
n |
n |
|
lim n |
|
|
|
A . |
З цi¹¨ теореми та ознаки Кошi збiжностi невiд'¹мних числових рядiв виплива¹, що якщо r(A) < 1, то оператор I − A ма¹ неперервний обернений оператор
∞
(I − A)−1 = X Ak.
k=0
Цей оператор належить простору L(X) i ðÿä P∞ Ak çáiãà¹òüñÿ
k=0
за нормою простору L(X).
Якщо оператор A : X → X ¹ цiлком неперервним, то для нього справедливо наступне твердження.
Теорема 3. Нехай X комплексний банахiв простiр i опера-
òîð A L(X) цiлком неперервний. Тодi спектр оператора A склада¹ться не бiльше нiж з зчислено¨ множини власних значень, ¹диною граничною точкою яко¨ може бути тiльки точка λ = 0.
Власний пiдпростiр оператора A, який вiдповiда¹ власному зна- ченню λ 6= 0 ¹ скiнченновимiрним.
Означення 4. Нехай H гiльбертовий простiр. Оператор A : H → H назива¹ться самоспряженим, якщо
(Ax, y) = (x, Ay), x, y H.
39
Теорема 4. Нехай A цiлком неперервний самоспряжений оператор в комплексному гiльбертовому просторi H. Òîäi
1.ßêùî A 6= 0, òî A ма¹ принаймнi одне власне значення, вiдмiнне вiд нуля;
2.Усi власнi значення оператора A ¹ дiйсними числами i зосередженi на вiдрiзку [m; M], äå
m = |
inf |
(Ax, x), |
M = |
|
sup |
(Ax, x); |
||
|
x H, ||x||=1 |
|
x |
|
H, |
|| |
x =1 |
|
|
|
|
|
|
|
|| |
3.ßêùî M 6= 0, òî M ¹ найбiльшим власним значенням оператора A; à ÿêùî m 6= 0, òî m ¹ найменшим власним значенням оператора A.
Теорема 5. Нехай A цiлком неперервний самоспряжений оператор в комплексному гiльбертовому просторi H. Тодi для будь-якого x H елемент Ax можна подати збiжним рядом Фур'¹ по ортонормованiй системi власних векторiв оператора A.
Теорема 6. Якщо A цiлком неперервний самоспряжений оператор в комплексному гiльбертовому сепарабельному просторi H, òî â H iсну¹ ортонормований базис з власних векторiв опера-
òîðà A.
Приклад 1. В просторi C[−π;π] знайти власнi значення i власнi вектори оператора
Z π
Ax(t) = sin(t + s)x(s)ds.
−π
Розв'язок. Оператор A запишемо у виглядi
Z π Z π
Ax(t) = sin t cos s · x(s)ds + cos t sin s · x(s)ds
−π −π
i розглянемо рiвняння
Z π Z π
λx(t) = sin t cos s · x(s)ds + cos t sin s · x(s)ds.
−π −π
40