Funk_metoda_part_2
.pdfТаким чином ми отримали, що ||xn − x|| → 0 (n → ∞).
4.2Вправи
1.Довести, що якщо послiдовнiсть операторiв збiга¹ться по нормi L(X, Y ), то вона i поточечно збiга¹ться до тi¹¨ само¨ границi.
2.Äëÿ x = (x1, x2, . . .) l2 положемо fn(x) = xn. Довести, що
fn → 0 (n → ∞) слабко. Чи буде fn збiгатися в l2? 3. Äëÿ x L2[−1,1] положемо
Z 1
fn(x) = x(t) cos nπtdt.
−1
(a) Довести, що fn обмежений лiнiйний функцiонал (n = 1, 2, ...), знайти ||fn||.
(b)Довести, що fn → 0 (n → ∞) слабко.
(c)×è áóäå збiгатися в ?fn L2[−1,1]
4.Нехай e1, e2, . . . ортонормований базис гiльбертового про- стору H. Позначимо Pk оператор ортогонального проектування на пiдпростiр Hk =< e1, e2, . . . , ek >. ×è áóäå ïî-
ñëiäîâíiñòü Pk збiгатися рiвномiрно? Чи буде вона збiгатися поточечно?
5.Довести, що якщо послiдовнiсть операторiв Ak L(X, Y ) збiга¹ться поточечно, то послiдовнiсть ||Ak|| обмежена.
6.Довести, що якщо X i Y банахови, то простiр L(X, Y ) ¹ повним вiдносно поточечно¨ збiжностi.
7.Довести, що якщо послiдовнiсть елементiв збiга¹ться по нормi, то вона i слабко збiга¹ться до тi¹¨ само¨ границi.
8.Довести ¹динiсть границi послiдовностi елементiв, яка збiга¹ться слабко.
21
9. Довести, що в lp (1 < p < ∞) ïîñëiäîâíiñòü ek =
(0, . . . , 0, 1, 0, . . .) (одиниця на k-ìó мiсцi) не збiга¹ться, але збiга¹ться слабко.
10.В просторi C[a,b] навести приклад незбiжно¨ послiдовностi, яка збiга¹ться слабко.
11.Довести, що в l1 послiдовнiсть збiга¹ться тодi i тiльки тодi, коли вона збiга¹ться слабко.
12.Довести, що в будь-якому скiнченновимiрному просторi збiжнiсть послiдовностi еквiвалентна слабкiй збiжностi.
13.Довести, що якщо послiдовнiсть xk X слабко фундаментальна, то послiдовнiсть ||xk|| обмежена.
14. Нехай H гiльбертiв простiр, xn, x, yn, y H (n N). Ùî
можна стверджувата про збiжнiсть послiдовностi (xn, yn), ÿêùî:
(a) xn → x (n → ∞) слабко, yn → y;
(b) xn → x (n → ∞) слабко, yn → y слабко?
15.Нехай H гiльбертiв простiр, xn, x H (n N), xn → x (n → ∞) слабко i ||xn|| → ||x||. Довести, що xn → x (n → ∞).
16.Нехай H гiльбертiв простiр, xn H, (n N) ортогональна система елементiв. Довести еквiвалентнiсть наступних тверджень:
(a) P∞
n=1 xn çáiãà¹òüñÿ;
(b) P∞
n=1 xn слабко збiга¹ться;
(c) P∞ ||xn||2 çáiãà¹òüñÿ;
n=1
17.Довести, що послiдовнiсть xk в банаховому просторi X слабко збiга¹ться до x тодi i тiльки тодi, коли одночасно
(a)ïîñëiäîâíiñòü ||xk|| обмежена;
22
(b) f(xk) → f(x) для будь-якого f з деяко¨ множини Φ лiнiйних функцiоналiв, лiнiйнi комбiнацi¨ елементiв яко¨ лежать всюди щiльно в X .
18.Нехай x(n), x l2, x(n) = (x(1n), x(2n), . . .), x = (x1, x2, . . .).
Довести, що x(n) → x (n → ∞) слабко тодi i тiльки тодi,
êîëè supn ||x(n)|| < ∞ i x(kn) → xk ïðè n → ∞ для будь-якого
k N.
5Оберненi оператори
5.1Основнi означення
Нехай A оператор, що дi¹ з X y Y , DA область визначення, à Im A образ цього оператора.
Означення 1. Оператор A назива¹ться оборотним, якщо для будь-якого y Im A рiвняння Ax = y ма¹ ¹диний розв'язок.
ßêùî A ¹ оборотним, то кожному y ImA можна поставити у вiдповiднiсть ¹диний елемент x DA, який ¹ розв'язком рiвняння Ax = y. Оператор, що здiйсню¹ це вiдображення, назива¹ться оберненим до A i познача¹ться A−1.
Нехай X, Y лiнiйнi нормованi простори i A L(X, Y ). Îïå-
ратор A−1 A, ÿêùî r назива¹ться правим оберненим до оператора
AA−1 |
= IY . Оператор A−1 |
назива¹ться лiвим оберненим до опе- |
r |
l |
|
ратора A, ÿêùî A−l 1A = IX . Òóò IX òà IY тотожнi оператори вiдповiдно у просторах DA òà ImA.
Теорема 1. Оператор A−1, обернений до лiнiйного оператора A, ¹ також лiнiйним.
Теорема 2. Нехай X i Y лiнiйнi нормованi простори, лiнiйний оператор A äi¹ ç X íà Y i iсну¹ така додатна стала m, ùî
|
|
|
||Ax|| ≥ m||x||, x X. |
Òîäi |
iсну¹ неперервний обернений оператор A−1, причому |
||
A−1 |
|| ≤ |
1 |
. |
|
|||
|| |
m |
Теорема 3 (Банаха). Нехай A лiнiйний обмежений оператор, що здiйсню¹ вза¹мно однозначне вiдображення банахового
23
простору X на банахiв простiр Y . Тодi обернений оператор A−1 також ¹ обмеженим.
Теорема 4. Нехай X банахiв простiр, I тотожний опера-
òîð â X, i A L(X) такий, що ||A|| < 1. Тодi оператор I − A ¹ неперервно оборотним
∞ |
i |
(I − A)−1 ≤ 1 −1||A||. |
|
(I − A)−1 = k=0 Ak |
|||
X |
|
|
|
|
|
|
|
Приклад 1. Доведiть, що оператор
Z t
Ax(t) = x(s)ds + x(t),
0
який дi¹ з простору C[0;1] у простiр C[0;1], ¹ неперервно оборотним. A оператор.
y C[0;1] довiльний елемент. Знайдемо розв'язок рiвняння Ax(t) = y(t), тобто
Z t
x(s)ds + x(t) = y(t).
0
Покладемо
Z t
z(t) = x(s)ds.
0
Òîäi z0(t) = x(t). Пiсля цього наше рiвняння прийма¹ вигляд:
y(t) = z(t) + z0(t).
Розв'язавши однорiдне рiвняння z(t) + z0(t) = 0, отрима¹мо
z(t) = Ce−t.
Метод варiацi¨ стало¨ да¹
y(t) = C0e−t i C0 = ety(t).
Îòæå,
Z t z(t) = eτ y(τ)dτ + c e−t.
0
24
Îñêiëüêè z(0) = 0, òî c = 0 i
z(t) = e−t Z0t eτ y(τ)dτ. |
|
Çâiäêè x(t) = z0(t) = − R0t eτ−tyt(τ)dτ + y(t) i |
|
A−1y(t) = − Z0 |
eτ−ty(τ)dτ + y(t). |
Лишилося довести, що оператор A−1 ¹ неперервним. Для цього досить довести його обмеженнiсть:
||A−1y(t)||C[0;1] = || − Z0t eτ−ty(τ)dτ + y(t)||C[0;1] |
≤ |
||
≤ || Z0 |
1 |
|eτ−t||y(τ)|dτ||C[0;1] + ||y(t)||C[0;1] ≤ e||y(t)||C[0;1] . |
|
З останньо¨ нерiвностi виплива¹, що оператор A−1 |
¹ обмеже- |
íèì i ||A−1|| ≤ e.
5.2Вправи
1.При яких умовах визначенi нижче оператори ¹ оборотними
(a)Ax = ax, R1 → R1, a R1;
(b)Ax = (α1x1, α2x2), R2 → R2, α = (α1, α2) R2?
2.Äëÿ ÿêèõ α1, α2, ..., αn, ... оператор
A(x1, x2, ..., xn, ...) = (α1x1, α2x2, ..., αnxn, ...)
обмежений в l2? Знайдiть його норму. При яких α1, α2, ..., αn, ...
вiн ма¹ неперервний обернений оператор? 3. Нехай оператор
A(x1, x2, ..., xn, ...) = (0, x1, x2, ..., xn, ...)
äi¹ ç l2 â l2. Покажiть, що A ма¹ лiвий обернений, але не ма¹ правого оберненого.
25
4. Оператор диференцiювання
Ax(t) = dxdt (t)
C[0;1]1 â C[0;1]. Покажiть, що оператор A ма¹ правий обернений, але не ма¹ лiвого оберненого.
5. В просторi C[0;1]1 розглянемо пiдпростiр
n |
o |
L = x C[0;1]1 : x(0) = 0
i оператор A : L → C[0;1]
Ax(t) = dxdt + a(t)x(t),
äå a(t) деяка неперервна на [0; 1] функцiя. Доведiть, що A
¹ неперервно оборотним.
6.Розглянемо оператор A : C[0;1] → C[0;1],
Z 1
Ax(t) = x(s)ds + x(t).
0
Доведiть, що A ¹ неперервно оборотним. Знайдiть оператор
A−1.
7. Розглянемо оператор A : C[0;1] → C[0;1],
Z 1
Ax(t) = es+tx(s)ds + x(t).
0
Доведiть, що A ¹ неперервно оборотним. Знайдiть оператор
A−1.
8. Розглянемо оператор A : C[0;1] → C[0;1],
Z t
Ax(t) = x(τ)dτ.
0
26
(a)Опишiть область значення оператора A;
(b)Чи iсну¹ на областi значення оператора A обмежений обернений оператор?
9.Розглянемо оператор A : C[0;1] → C[0;1],
Z t
Ax(t) = x(τ)dτ + x(t).
0
(a)Доведiть, що kerA = 0, отже для будь-якого y C[0;1] рiвняння Ax = y не може мати бiльше одного розв'язку;
(b)Доведiть, що A ¹ неперервно оборотний i знайдiть A−1.
10.Нехай X комплексний банахiв простiр, A L(X), λ C i |λ| > ||A||. Доведiть, що оператор A − λI ¹ неперервно
оберненим.
6Замкненi оператори
6.1Основнi означення
Нехай X, Y банаховi простори над полем P . Розглянемо декартовий добуток Z = X × Y простiр упорядкованих пар
z = (z, y), x X, y Y
з операцiями
αz1 = (αx1, αy1), z1 + z2 = (x1 + x2, y1 + y2),
äå z1 = (x1, y1), z2 = (x2, y2) Z, α, β P i нормою
||z|| = ||x||X + ||y||Y .
Означення 1. Графiком лiнiйного оператора A з областю
визначення DA X i областю значень Im A Y назива¹ться сукупнiсть пар
= {(x, y) Z = X × Y : y = Ax, x DA} .
27
Означення 2. Лiнiйний оператор назива¹ться замкненим, якщо його графiк ¹ замкненою множиною в Z.
Таким чином, оператор A замкнений, якщо з того, що
xn DA, n N, xn → x0, Axn → y0,
виплива¹, що x0 DA i Ax0 = y0.
Теорема 1. Якщо A L(X, Y ), òî A замкнений.
Теорема 2. Якщо A замкнений оператор i iсну¹ оператор A−1, то вiн теж замкнений.
Теорема 3. Нехай A замкнений оператор с областю визна-
чення DA = X, тодi оператор A ¹ обмеженим. Приклад 1. Розглянемо оператор A : C[a;b] → C[a;b]
Ax(t) = dxdt ,
з областю визначення - лiнiйним многовидом неперервно диференцiйованих на [a; b] функцiй, якi задовольняють умовi x(a) =
x(b) = 0. Доведiть, що A замкнений оператор.
Розв'язок. Вiдомо, що збiжнiсть в просторi C[a;b] ¹ ðiâíîìið-
ною. Оператор A ¹ лiнiйним. Розглянемо збiжну до x(t) C[a;b] ïîñëiäîâíiñòü {xn(t)}∞n=1 неперервно диференцiйованих на [a; b] функцiй, таких що послiдовнiсть {x0n(t)}∞n=1 çáiãà¹òüñÿ â C[a;b] äî
функцi¨ y(t). З теореми про диференцiювання функцiональних по-
слiдовностей ма¹мо, що функцiя x(t) ¹ неперервно диференцiйованою i x0(t) = y(t). Якщо тепер xn(a) = xn(b) = 0, n N, то цiй умовi буде задовольняти гранична функцiя x(t). Îòæå, x(t) DA
i y(t) = Ax(t). Тому оператор A замкнений.
Цей приклад показу¹, що замкнений оператор не завжди ¹ обмеженим.
6.2Вправи
1.Розглянемо оператор
A : C[0;1] → C[0;1]
Ax(t) =
x(t)
t
28
з областю визначення
|
A |
|
x(t) C[0;1] |
: t→+0 |
t |
|
D |
|
= |
|
lim |
x(t) |
. |
|
|
|
Доведiть, що A замкнений оператор.
2. Розглянемо оператор A : C[0;1] → C[0;1]
Ax(t) = x0(t)
з областю визначення на лiнiйному многовидi неперервно диференцiйованих функцiй з умовою x(0) = x(1) = 0. Äî-
âåäiòü, ùî A замкнений оператор.
3.Доведiть, що графiк лiнiйного оператора A : X → Y ¹ лiнiйним многовидом в просторi Z = X × Y .
4.Доведiть, що графiк лiнiйного обмеженого оператора A : X → Y замкнений тодi i тiльки тодi, коли його область визначення DA замкнена в X.
5.Доведiть, що множина нулiв замкненого оператора замкнена.
6.Нехай A : X → Y такий лiнiйний оператор, що його область значень Im A замкнена в Y , i iсну¹ така стала m > 0,
що для будь-якого x з областi визначення DA викону¹ться
íåðiâíiñòü ||Ax||Y ≥ m||x||X . Доведiть, що оператор A замкнений.
7Спряженi оператори
7.1Основнi означення
Розглянемо лiнiйний неперервний оператор A L(X, Y ). Нехай
g лiнiйний неперервний функцiонал, визначений на просторi Y (g Y ). Застосу¹мо функцiонал g до елемента y = Ax. Очевид-
íî, ùî g(Ax) ¹ лiнiйним неперервним функцiоналом, визначеним
29
на просторi X; позначимо його через f. Функцiонал f ¹ елемен- том простору X . Таким чином, кожному функцiоналу g Y
поставили у вiдповiднiсть функцiонал f X . Оператор, який
здiйсню¹ це вiдображення, назива¹ться спряженим до оператора A i познача¹ться: A .
Позначивши значення функцiонала f на елементi x символом (x, f), отрима¹мо, що (Ax, g) = (x, f), àáî
(Ax, g) = (x, A g).
З означення спряженого оператора виплива¹, що
A L(Y , X ) i ||A|| = ||A ||.
Приклад 1. Знайти оператор, спряжений до оператора
A(x1, x2, ...xn, ...) = (x5, x6, ..., xn+4, ...),
дiючого з простору l1 â l1.
Ðîçâ'ÿçîê. Âiäîìî, ùî (l1) = l∞. Тому спряжений оператор áóäå äiÿòè ç l∞ â l∞. Îñêiëüêè
∞ |
∞ |
X |
X |
(x, A y) = (Ax, y) = |
xk+4yk = xkyk−4 = |
k=1 |
k=5 |
|
∞ |
|
X |
= x1 · 0 + x2 · 0 + x3 · 0 + x4 · 0 + xkyk−4, y l∞, |
|
òî |
k=5 |
|
|
A y = (0, 0, 0, 0, y1, ..., yn−4, ...) |
äëÿ y = (y1, ..., yn, ...) l∞. |
Приклад 2. Знайти оператор, спряжений до оператора A :
L2[a;b] → L2[a;b]:
Z b
Ax(t) = K(t, s)x(s)ds,
a
äå K(t, s) дiйсна визначена i вимiрна в квадратi a ≤ t, s ≤ b функцiя, для яко¨
Z b Z b
K2(t, s)dsdt < ∞.
aa
30