Электростатика
.pdfПример 2. По двум параллельным прямым проводам длиной I =2,5 м каждый, находящимся на расстоянии d = 20 см друг от друга, текут одинаковые токи I =1кА. Вычислить силу взаимодействия токов, при μ =1.
l1 = l2 = l = 2,5 м d = 20 см= 0,2 м
I =1кА=103 А
μ =1
F −?
Рис. 16
Решение . Взаимодействие двух проводов, по которым текут токи, осуществляется через магнитное поле. Каждый ток создаст магнитное поле, которое действует на другой провод.
Предположим, что оба тока (обозначим их для удобства I1 и I2 ) текут в одном направлении. Ток I1 создает в месте расположения второго провода (с током I2 )
магнитное поле.
Проведем линию магнитной индукции (пунктир на рис. 15) черезG второй провод и по касательной к ней — вектор магнитной индукции B1 . Модуль магнитной индукции B1 определяется соотношением
B = |
μ0 I |
. |
(1) |
|
|||
1 |
2πd |
|
Согласно закону Ампера, на каждый элемент второго провода с током I2 длиной dl действует в магнитном поле сила
|
JJG |
G |
|
|
dF = I |
n |
|
|
|
2 B1dl sin(dl |
B) . |
|
|
|
JG |
|
JJG |
G |
|
|
|
n |
и тогда |
|
Так как вектор dl перпендикулярен вектору B1 то sin(dl |
B) =1 |
dF = I2 B1dl .
41
Подставив в это выражение B1 согласно соотношению (1), получим:
dF = μ0 I1I2 dl . 2πd
Направление силы определяется правилом левой руки.
Силу F взаимодействия проводов с током найдем интегрированием:
|
μ0 I1I2 |
l |
μ0 I1I2 |
|
F = |
∫dl = |
l . |
||
|
2πd |
0 |
2πd |
|
Заметив, что I1 = I2 = I , получим:
F = μ0 I 2l .
2πd
Проверим единицу измерения:
|
2 |
l |
|
|
Гн А |
2 |
м |
|
Гн А |
2 |
|
В с А |
2 |
|
[F ]= |
μ0 I |
|
= |
|
= |
|
= |
|
= |
|||||
|
м м |
|
м |
|
А м |
|
||||||||
|
2πd |
|
|
|
|
|
|
|
|
= Джм = Нмм=Н
Расчет:
F = |
μ |
I 2l |
= |
4π 10−7 |
(103 )2 2,5 |
= 2,5 Н. |
0 |
|
|
|
|||
|
2π |
0,2 |
||||
|
2πd |
|
|
Ответ: сила взаимодействия токов равна F = 2,5 Н.
42
Пример 3. Протон, прошедший ускоряющую разность потенциалов u =600 В, влетел в однородное магнитное поле с индукцией В = 0,3 Тл и начал двигаться по окружности. Вычислить радиус R окружности.
u =600 В
e =1,6 10−19 Кл m =1,67 10−27 кг B = 0,3Тл
R −?
Рис. 17
Решение . Движение заряженной частицы в однородном магнитном поле будет происходить по окружности только в том случае, когда частицаG влетит в
магнитное поле перпендикулярно линиям магнитной индукции vG B . Так как сила Лоренца перпендикулярнаG вектору v , то она сообщит частице (протону) нормальное ускорение a n .
Согласно второму закону Ньютона:
F = maG |
, |
(1) |
|
л |
n |
|
|
где т — масса протона. Силу Лоренца направим перпендикулярно вектору v . На рис. 16 совмещена траектория протона с плоскостью чертежа и дано (произвольно) направление вектора v . Силу Лоренца направим перпендикулярно
вектору vG к центру окружности (векторы a n и Fл сонаправлены). Используя правило левой руки,G определим направление магнитных силовых линий (направление вектора B ).
43
|
|
|
|
|
|
G |
G |
|
В скалярной форме F = evB sinα . В нашем случае v |
B и sinα =1, тогда |
|||||
|
л |
|
|
|
|
|
|
F |
= evB . Так как нормальное ускорение a |
|
= |
V 2 |
, то: |
|
|
л |
|
|
|
||||
л |
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
evB = mvR2 .
Отсюда находим радиус окружности
R = mveB .
Заметив, что mv есть импульс протона (р), это выражение можно записать в виде
R = eBP .
Импульс протона найдем, воспользовавшись связью между работой .сил электрического поля и изменением кинетической энергии протона, т. е. A = Ek1
или
e(ϕ1 −ϕ2 ) = Ek 2 − Ek1 ,
где ϕ1 −ϕ2 — ускоряющая разность потенциалов (или ускоряющее напряжение и); Ek1 и Ek 2 — начальная и конечная кинетические энергии протона.
Пренебрегая начальной кинетической энергией протона ( Ek1 ≈ 0 ) и выразив кинетическую энергию Ek 2 через импульс р, получим:
eu = p2 . 2m
44
Найдем из этого выражения импульс p = 2meu и подставим его в формулу(3):
R = 2eBmeu .
или
R = |
1 |
|
2mu |
. |
(4) |
B |
|
||||
|
|
e |
|
Сделаем проверку единиц измерения:
1 2mu |
|
|
1 кг В |
|
|
А м кг В2 |
|
||||||||||||||||
[R]= |
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
Тл Кл |
Н А с В |
||||||||||||||||
B |
e |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
= |
А м |
|
кг В2 |
= |
А м В |
|
кг с2 |
= |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
Н |
|
|
|
Дж |
|
|
|
|
Н |
|
|
|
кг м2 |
|
=А м В с= Дж = Н м=м.
Нм Н Н
Расчет:
R = |
1 |
|
2mu |
= |
1 |
|
2 1,67 10−27 600 |
=1,18 |
10 |
−2 |
м. |
B |
|
e |
0,3 |
1,6 10−19 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: радиус окружности, по которой движется протон, равен R =1,18 10−2 м.
Пример 4. Плоский квадратный контур со стороной а=10 см, по которому течет ток I =100 А, свободно установился в однородном магнитном поле (В=1Тл). Определить работу A , совершаемую внешними силами при повороте контура относительно оси, проходящей через середину его противоположных сторон на
угол: 1) ϕ1 = 90o ; 2) ϕ2 = 3o . При повороте контура сила тока в нем поддерживается неизменной.
45
a =10 см= 0,1м
I =100 А= const
B =1Тл
ϕ1 = 90o
ϕ2 = 3o = 0,0523
A1 −? A2 −?
Рис. 18
Решение. Как известно, на контур с током в магнитном поле действует момент силы (рис. 17)
|
|
M = pm B sinϕ , |
где p = IS = Ia2 |
— магнитный момент контура; В — магнитная индукция; |
|
m |
|
(направлен по нормали к контуру) и BG. |
ϕ — угол между векторами pG |
||
|
m |
|
По условию задачи в начальном положении контур свободно установился в магнитном поле. При этом момент силы равен нулю (М=0), а значит, ϕ = 0 , т.е. векторы pGm и pGm сонаправлены. Если внешние силы выведут контур из
положения равновесия, то возникший момент сил будет стремиться возвратить контур в исходное положение. Против этого момента и будет совершаться работа внешними силами. Так как момент сил переменный (зависит от угла поворота ϕ ), то для подсчета работы применим формулу работы в дифференциальной форме dA = Mdϕ . Учитывая формулу (1), получим:
dA = IBa2 sinϕdϕ .
Взяв интеграл от этого выражения, найдем работу при повороте на конечный угол:
ϕ |
|
|
|
|
|
|
A = IBa2 ∫sinϕdϕ . |
|
(2) |
||||
0 |
|
|
|
|
|
|
Работа при повороте на угол ϕ =90° определяется по формуле |
|
|||||
π |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
π |
|
|
A1 = IBa2 ∫sinϕdϕ = IBa2 |
|
(−cosϕ) |
|
02 |
= IBa2 . |
(3) |
|
|
|||||
|
|
|
|
|||
0 |
|
|
|
|
|
|
46
Работа при повороте на угол ϕ2 =30. В этом случае, учитывая, что угол ϕ2 мал, заменим в выражении (2) sinϕ ≈ϕ :
π |
|
|
|
|
A2 = IBa2 ∫2 sinϕdϕ = |
1 |
IBa2ϕ22 . |
(4) |
|
2 |
||||
0 |
|
|
Сделаем проверку единиц измерения:
[A]= IBa2 = А Тл м2 =А АНмм2 =Н м=Дж
Расчет: A1 = IBa2 =100 1 0,12 =1Дж.
A2 = 12 IBa2ϕ22 = 12 100 1 0,12 0,05232 =1,37 10−3 Дж.
Задачу можно решить и другим способом. Работа внешних сил по перемещению контура с током в магнитном поле равна произведению силы тока в контуре на изменение магнитного потока, пронизывающего контур:
A = −I Ф=I (Ф1 −Ф2 ).
Где Ф1 — магнитный поток, пронизывающий контур до перемещения; Ф2 —
то же, после перемещения.
Если ϕ1 = 900, то Ф1 = BS , Ф2 =0. Следовательно,
A = IBS = IBa2 .
что совпадает с уравнением (3).
Ответ: работа, совершаемая внешними силами, по повороту рамки на угол
90° равна 1 Дж, а на 3° — 1,37 10 3 Дж.
Пример 5. В однородном магнитном поле (В = 0,1 Тл) равномерно с частотой
n =10с-1 вращается рамка, содержащая N =1000 витков, плотно прилегающих друг к другу. Площадь S рамки равна 150 см2. Определить мгновенное значение ЭДС индукции, соответствующее углу ϕ поворота рамки, равному 30°.
B = 0,1Тл n =10с−1 ϕ = 30o
N =1000 |
|
S =150см2 |
= 0,015м2 |
EН −? |
Рис. 19 |
47
Решение. Мгновенное значение ЭДС индукции εi определяется основным уравнением электромагнитной индукции Фарадея—Максвелла:
εi |
= − |
dψ |
. |
(1) |
|
||||
|
|
dt |
|
где ψ — потокосцепление.
Потокосцепление ψ связано с магнитным потоком Ф и числом N витков, плотно прилегающих друг к другу, соотношением
ψ = NΦ. |
(2) |
Подставляя выражения ψ в формулу (1), получаем:
εi |
= −N |
dΦ |
. |
(3) |
|
||||
|
|
dt |
|
При вращении рамки (рис. 18) магнитный поток Ф, пронизывающий рамку в момент времени t, определяется соотношением
Φ = BS cosωt ,
где В — магнитная индукция; S — площадь рамки; ω — круговая (или циклическая) частота.
Подставив в формулу (2) выражение Ф и продифференцировав полученное выражение по времени, найдем мгновенное значение ЭДС индукции:
εi = NBSωsinωt . |
(4) |
Круговая частота со связана с частотой вращения п соотношением
ω = 2πn .
Подставляя выражение со в формулу (3) и заменив ωt на ϕ получим:
εi = 2πnNBS sinϕ .
Проверим единицу измерения:
[εi ]=[2πnNBS sinϕ]= 1сТл м2 = 1с АНм м2 = = АДжс= ААВсс=В.
48
Расчет:
εi = 2πnNBS sinϕ = 2π 10 1000 0,1 0,015 0,5 = 47,1В.
Ответ: мгновенное значение ЭДС индукции, соответствующее углу поворота рамки, равно εi = 47,1 В.
Пример 6. Соленоид, сопротивление которого R =2 Ом, подключается к аккумулятору с ЭДС ε =8 В. Спустя время t =0,01 с, сила тока в цепи достигает значения I =1А. Определить коэффициент самоиндукции соленоида, если сопротивленце аккумулятора ничтожно мало.
R = 2 Ом
ε =8 В t = 0,01 с
I =1 А
Ri = 0
_____________ |
Рис. 20 |
|
L −? |
||
|
Решение. Зависимость силы тока от времени, прошедшего с момента замыкания соленоида, определяется соотношением
I = I0 |
|
−e |
− |
R |
t |
, |
(1) |
|
|||||||
1 |
|
L |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
где I0 — сила тока, устанавливающаяся после затухания индукционных явлений (определяется по закону Ома для полной цепи):
I0 = |
ε |
. |
(2) |
|
|||
|
R |
|
Из уравнений (1) и (2) находим:
L = |
|
Rt |
. |
|
|
|
|||
|
ln |
ε |
|
|
|
E − IR |
|||
|
|
49
Проверим единицу измерения: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Rt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ом с |
|
|
|
|
|||
[L]= |
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
=Ом с=Гн |
|||||
|
|
|
ε |
|
|
|
|
|
|
|
В |
|
|
|
|||||
ln |
|
|
|
|
|
|
ln |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
E − |
|
|
|
|
|
В−А Ом |
|||||||||||||
|
|
IR |
|
|
|
|
|
||||||||||||
Расчет: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
L = |
|
|
Rt |
|
= |
|
2 0б01 |
|
= 0,07 Гн. |
||||||||||
ln |
|
ε |
|
|
ln |
|
|
8 |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
E |
− IR |
|
|
8 |
−1 2 |
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: индуктивность соленоида равна L =0,07 Гн.
Пример 7. Соленоид с сердечником из немагнитного материала содержит N =1200 витков провода, плотно прилегающих друг к другу. При силе тока I =4А магнитный поток Ф=6 мкВб. Определить индуктивность L соленоида и энергию W магнитного поля соленоида.
N =1200
I = 4 А
Φ = 6 мкВб =6 10−6 Вб
_____________________
L −? W −?
Рис. 21
Решение. Индуктивность L связана с потокосцеплением ψ и силой тока I соотношением
ψ = LI . |
(1) |
Потокосцепление, в свою очередь, может быть определено через поток Ф и
число витков N (при условии, что витки плотно прилегают друг к другу): |
|
ψ = NΦ. |
(2) |
50