Динамика материальной точки (90
..pdf5.3 Сила, зависящая от положения F = F(r)
Задача 5
Материальной точке, находящейся на поверхности Земли (радиус Земли равен
R), сообщена начальная вертикальная скорость V0 = 2gR (вторая космическая скорость). Определить уравнение движения точки, пренебрегая силой сопротивления воздуха.
Дано: R, Vo = 2gR ;
Определить: x = x(t)-?
Решение
Направим ось Ох вдоль линии движения точки (рисунок 6). Начало координат поместим в центре Земли (в данной задаче это удобнее). Начальные условия движения имеют вид:
при |
to = 0; xo = R; x0 = V0 = |
2gR |
. |
|
& |
|
|
Рисунок 6
31
На точку действует лишь сила F притяжения к Земле, по величине обратно пропорциональная квадрату расстояния от точки до центра Земли:
F = k . x2
Отсюда
k = Fx2
При x = R сила F = mg. Следовательно,
k = mgR 2
и
F
= mgR2
x2
Составим дифференциальное уравнение движения в проекции на ось Ох:
m&x& = −F
или
m&x& = - mgR2 x2
&& |
= - |
gR |
2 |
(28) |
x |
|
|
||
x2 |
|
|||
|
|
|
|
Для интегрирования этого уравнения применим подстановку
&x& = dx& = dx& × dx = x&dx& . dt dt dx dx
Уравнение (28) примет вид
x&dx& = - gR2 . dx x 2
Разделяем переменные
x&dx& = - gR2 dx x 2
и интегрируем
∫x&dx& = -∫ gR2 dx .
x2
После интегрирования получим
&2 |
|
gR |
2 |
|
|
x |
= |
|
+ С |
(29) |
|
|
|
|
|||
2 |
|
x |
1 |
|
|
|
|
|
|
32
Подставляя начальные условия в уравнение (29), получим
( |
|
)2 |
|
gR2 |
|
|
|
2gR |
= |
+ С С |
1 |
= 0 |
|||
|
|
|
|
||||
2 |
|
|
R |
1 |
|
||
|
|
|
|
|
Таким образом,
x&2 = gR 2
2 x
или
x&2 = 2gR 2 x
x& = 2g R (при извлечении корня взят знак
x
«плюс», так как рассматривается только движение вверх),
dx |
= |
2 |
g |
R |
. |
|
|
|
|
||
dt |
|
x |
Разделяем переменные и интегрируем
∫ dxx = 2g R∫dt ,
получим
3 |
|
|
|
|
|
|
2х |
2 |
|
|
|
(30) |
|
= 2g R × t + C2 |
||||||
3 |
|
|||||
|
|
|
|
|
Используя начальные условия, из уравнения (30) найдем
|
|
2R |
3 |
|
C2 |
= |
2 |
. |
|
|
|
|||
3 |
|
|||
|
|
|
|
Окончательно, из уравнения (30) получим искомое уравнение движения точки:
3 |
|
|
|
|
3 |
|
2х |
2 |
|
|
|
2R 2 |
|
= |
2g R × t + |
|||||
3 |
|
3 |
||||
|
|
|
|
или
2
х = R 32 + 3R 2g × t 3 .2
33
Задача 6
Материальная точка М массы m движется прямолинейно по оси Ох (рисунок
7). Точка отталкивается от неподвижного центра О силой F, пропорциональной массе m и расстоянию, причем коэффициент пропорциональности равен k = 4.
Найти закон движения точки, если начальное расстояние ее от центра О равно х0 = 5
м, а начальная скорость V0 = 2 м/с.
Дано: |
m, х0 = 5 м; Vo = 2 м/с; F = kmх |
Найти: |
x = x(t)-? |
Рисунок 7
Решение
Направим ось Ох вдоль линии движения точки (рисунок 7). Начальные
условия движения имеют вид: |
|
|
при |
to = 0; xo = 5 м; Vo = 2 м/с |
(31) |
На точку действует лишь сила |
F = kmх. |
|
Составим дифференциальное уравнение движения в проекции на ось Ох: |
|
|
|
&& |
|
|
mx = F |
|
или |
|
|
|
&& |
|
|
mx = kmx |
|
|
x = kx |
(32) |
|
&& |
|
Решим полученное дифференциальное уравнение (32).
34
Первый способ.
Для интегрирования этого уравнения применим подстановку
&x& = dx& = dx& × dx = x&dx& . dt dt dx dx
Уравнение (32) примет вид
x&dx& =
kx .
dx
Разделяем переменные
x&dx& = kxdx
и интегрируем
V |
x |
∫x&dx& = 4 ∫xdx .
|
|
|
|
V0 |
|
|
|
|
|
x0 |
|
|
|
|
|
|
|||||
После интегрирования получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
& |
2 |
|
V |
|
|
|
x |
2 |
|
x |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
= 4 |
× |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
2 |
V |
2 |
|
x |
0 |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
или |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
1 |
(V 2 - V 2 )= 2(x2 - x |
2 ) |
||||||||||||||||||
|
|
||||||||||||||||||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
V 2 = 4(x2 - x2 )+ V 2 |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
0 |
|
|||||
|
|
V 2 = 4(x2 - 52 )+ 22 |
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
V 2 = 4x2 - 96 |
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
dx |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
V = |
= 2 |
|
x2 - 24 . |
|||||||||||||||||
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Разделяем переменные |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
dx |
|
= 2dt |
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
x2 - 24 |
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
и интегрируем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
х |
|
|
|
|
dx |
|
|
= 2t . |
|
|||||||||
|
|
|
∫ |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
x |
2 |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
х0 |
|
|
- 24 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
После интегрирования получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
x = 2t , |
||||||||||||||||
|
ln |
x + |
x2 - 24 |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
35
или
2t = ln x + x2 − 24 − ln 5 + 52 − 24 ,
2t = ln x + x2 − 24 . 6
Следовательно,
x + x2 − 24 = е2t ,
6
x + x2 − 24 = 6е2t .
Из этого соотношения находим
x2 − 24 = (6е2t − х)2 ,
откуда
х= 3е4t + 2
е2t
и, окончательно, искомый закон движения точки
х = 3е2t + 2е−2t .
Второй способ.
Так как в данном случае сила F = kmх является линейной функцией от х, то дифференциальное уравнение (32) является линейным дифференциальным уравнением второго порядка с постоянными коэффициентами.
Запишем дифференциальное уравнение (30) в виде |
|
x − kx = 0 |
(33) |
&& |
|
Для решения этого уравнения воспользуемся теорией интегрирования линейных дифференциальных уравнений с постоянными коэффициентами и составим соответствующее характеристическое уравнение:
λ2 − k = 0
Найдем его корни:
λ1,2 = ±k
36
λ1 = 2, |
λ2 = −2 . |
|
|
Корни действительные, следовательно, общее решение дифференциального |
|||
уравнения (33) ищем в виде: |
|
|
|
х = С е2t + С |
е−2t |
(34) |
|
1 |
2 |
|
|
Для нахождения постоянных интегрирования С1 и С2 составим ещё одно уравнение. Для этого найдем скорость точки, продифференцировав по времени t
уравнение (34):
х = 2С1е |
2t |
− 2С2 |
е |
−2t |
(35) |
& |
|
|
|
|
|
Постоянные С1, и С2 находим по начальным условиям движения (31) из уравнений (34) и (35):
5 = С1 + С2 |
С1 = 5 − С2 |
|
С1 = 5 − С2 |
С1 = 3 |
|||||||||
|
2 |
= 2С − 2С |
|
2 |
= 2(5 − С |
)− 2С |
|
4С |
|
= 8 |
|
|
= 2 |
|
2 |
2 |
2 |
С |
2 |
||||||||
|
1 |
|
2 |
|
|
|
|
|
Таким образом, подставляя значения С1 и С2 в уравнение (34), получим искомый закон движения точки:
х= 3е2t + 2е−2t
5.4Сила, зависящая от скорости F = F(V)
Задача 7.
Тело А весом P, получившее начальную скорость V0, скользит вверх по шероховатой наклонной плоскости, испытывая сопротивление среды,
пропорциональное квадрату скорости тела, причем коэффициент пропорциональности равен mk (m – масса тела). Определить расстояние,
проходимое телом, как функцию его скорости, если коэффициент трения скольжения равен f, угол наклона плоскости к горизонту равен α (рисунок 8).
37
Рисунок 8
Дано: P, Vo, f, α, R = mkV2
Определить: x = x(V) – ?
Решение
Изображаем тело А в текущий момент времени (рисунок 9). Тело A
принимаем за материальную точку, так как оно движется поступательно.
Рисунок 9
38
Выбираем оси координат, как указано на рисунке 9, направим ось х вдоль наклонной поверхности вверх, начало отсчета совмещаем с начальным положением точки (точка О). Начальная скорость vo направлена вдоль оси х вверх.
Следовательно, начальные условия движения имеют вид: |
|
|
при |
to=0; xo=0; хo = vo |
(36) |
|
& |
|
Прикладываем к точке активную силу Р – вес тела и R – |
силу сопротивления |
среды. Освобождаем тело А от связи, заменяя действие связи реакцией. Связью является наклонная плоскость. Реакцию плоскости раскладываем на нормальную составляющую N и на касательную составляющую Fтр (Fтр – сила трения скольжения).
Запишем основной закон динамики точки
ma = ∑Fk
и составим дифференциальные уравнения движения материальной точки в проекции на ось х:
|
mx = -Р × sin α - Fтр - R |
|
|
|
(37) |
|
&& |
|
|
|
|
и на ось у: |
|
|
|
|
|
|
mу = mg ×соsα - N |
|
|
|
(38) |
|
&& |
|
|
|
|
Так как точка движется по прямой х, то проекция ее ускорения на ось y будет |
|||||
равна нулю, т.е. у = 0. |
|
|
|
|
|
&& |
|
|
|
|
|
Из уравнения (35) получим, что |
|
|
|
|
|
|
N = mg cosα . |
|
|
|
|
Сила трения Fтр = fN = fmg cosα . |
|
|
|
|
|
Уравнение (35) принимает вид |
|
|
|
|
|
&& |
|
2 |
|
|
|
= Рsinα - fmg cosα - mkV . |
|
|
|||
mx |
|
|
|||
Учитывая, что |
|
|
|
|
|
|
Р = mg , |
|
|
|
|
после сокращения на m находим |
|
|
|
|
|
|
&& |
|
2 |
] |
(39) |
|
х = -[g(sinα + f cosα) + kV |
|
39
Для интегрирования этого уравнения применим подстановку
|
|
|
|
&& |
|
|
& |
|
& |
|
dx |
|
& & |
|
|
|
VdV |
|
|
|||
|
|
|
|
= |
dx |
= |
dx |
× |
= |
|
xdx |
= |
. |
|
||||||||
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
dt |
dt |
dx |
|
dx |
|
dx |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Тогда уравнение (397) запишется в виде |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
VdV |
= -[g(sinα + f cosα) + kV 2 ]. |
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
dx |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Разделяем переменные |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
VdV |
|
|
|
|
|
|
|
= -dx |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
g(sinα + f cosα) + kV 2 |
|
|
|
|||||||||||||||
и интегрируем |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
∫ |
|
|
|
|
|
VdV |
|
|
|
|
|
|
|
= -∫dx |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
g(sinα + f cosα) |
+ kV |
2 |
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
После интегрирования получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
1 |
ln[g(sinα + f cosα) + kV 2 ]= -x + C |
(40) |
|||||||||||||||||||
|
|
|||||||||||||||||||||
|
2k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Постоянную интегрирования С находим по начальным условиям движения
(36) из уравнения (40):
|
|
|
1 |
ln[g(sinα + f cosα) + kV 2 |
]= C |
|
||
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
2k |
0 |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
||
Тогда уравнение (40) принимает вид |
|
|
|
|
||||
|
1 |
ln[g(sinα + f cosα) + kV 2 ]= -x + |
1 |
ln[g(sinα + f cosα) + kV 2 |
] |
|||
|
|
|
||||||
|
2k |
2k |
0 |
|
||||
|
|
|
Откуда находим искомое расстояние, проходимое телом, как функцию его скорости:
x = 1 ln g(sinα + f cosα) + kV 2 2k g(sinα + f cosα) + kV02
Задача 8.
Шар М массой m падает свободно без начальной скорости под действием силы тяжести из точки О. При этом падении шар испытывает сопротивление воздуха R, пропорциональное скорости, т. е. R = – μV, где μ – постоянный коэффициент пропорциональности. Найти закон движения шара.
40