5433
.pdfПример. Вычислить e−0,02 .
Решение. Рассмотрим функцию y = ex . Пусть x0 = 0, тогда x0 + x = −0,02, откуда x = −0,02.
y′(x0 )= (ex )′ x=0 = ex x=0 = e0 =1,
y(x0 )= ex x=0 = e0 =1.
Следовательно, e−0,02 ≈1+1 (− 0,02)=1− 0,02 = 0,98.
Ответ: e−0,02 ≈ 0,98.
Заметим, что дифференциал независимой переменной равен ее приращению, то есть dx = x, так как dy = dx = (x)′ x =1 x = x. Таким образом, дифференциал функции вычисляется по формуле:
dy = y′(x) dx.
Пример. Найти дифференциал функции y = lncos x.
Решение. y′ = (lncos x)′ = |
1 |
(cos x)′ = |
1 |
(− sin x)= −tgx, |
|
|
|||
|
cos x |
cos x |
||
тогда dy = −tg dx. |
|
|
Правило Лопиталя
Рассмотрим способ раскрытия неопределенностей вида |
0 |
|
и |
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
||
|
||||||
|
0 |
|
|
|
∞ |
при вычислении пределов от функции одного переменного, который основан на применении производных.
Пусть функции f (x) и g(x) непрерывны и дифференцируемы в
окрестности точки x0 и обращаются в нуль в этой точке: f (x0 )= g(x0 )= 0. Пусть g′(x)≠ 0 в окрестности точки x0 . Тогда, если существует предел
lim |
f ′(x) |
|
, то lim |
f (x) |
|
= lim |
f ′(x) |
. |
|
|
|
||||||
x→x0 g′(x) |
x→x0 g(x) |
x→x0 g′(x) |
60
Пример. Вычислить предел lim |
|
|
x −1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→1 |
|
xln x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
Решение. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
lim |
x −1 |
= |
1−1 |
= |
|
0 |
|
= lim |
|
(x −1)′ |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
x→1 |
xln x |
1 ln1 |
|
|
|
|
|
|
|
x→1 |
|
(xln x)′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
= lim |
|
|
|
(x)′ |
− (1)′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= lim |
|
|
|
|
1− 0 |
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
(x)′ ln x + x (ln x)′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
x→1 |
|
|
x→1 1 ln x + x |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
= lim |
1 |
|
|
= |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
= |
|
|
|
1 |
|
|
= |
1 |
=1. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
ln1+1 |
|
|
|
+1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
x→1 |
|
|
ln x +1 |
|
|
|
0 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
Пусть |
функции f (x) |
|
|
и |
g(x) непрерывны и дифференцируемы в |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
окрестности точки x0 (кроме, |
|
|
быть |
|
может, |
самой точки |
x0 ), в этой |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
окрестности lim f (x)= lim g(x)= ∞ , |
|
g′(x)≠ 0. Тогда, |
если существует |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
x→x0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→x0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
предел lim |
f ′(x) |
|
, то lim |
f (x) |
= lim |
f ′(x) |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
x→x0 g′(x) |
|
|
|
|
|
|
x→x0 g(x) |
x→x0 g′(x) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
Пример. Вычислить предел lim |
|
|
|
|
x2 −1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ 2x2 + 3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
Решение. lim |
|
|
|
x2 |
−1 |
= |
|
|
|
|
|
∞2 |
|
−1 |
|
= |
|
∞ |
= lim |
|
(x2 |
−1)′ |
= |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
2x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ 3 ∞ |
|
|
∞ |
(2x2 |
+ 3x)′ |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x→∞ |
2 |
|
+ 3x 2 ∞ |
2 |
|
|
|
|
x→∞ |
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(x |
2 |
|
′ |
|
|
|
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x − 0 |
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
= lim |
|
|
|
|
) |
− |
(1) |
|
|
|
|
= lim |
= |
= |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
(2x |
|
) |
+ (3x) |
4x + 3 |
∞ |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
′ |
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
= lim |
|
|
|
(2x)′ |
|
|
= lim |
|
|
|
|
2 |
|
|
= |
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
(4x + 3)′ |
|
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ 4 |
0 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
61
Исследование функций и построение их графиков
Одним из приложений производной является ее применение к
исследованию функций и построение их графиков.
Рекомендуемая схема исследования функции:
1.Найти область определения функции. Часто полезно учесть множество значений функции.
2.Исследовать специальные свойства функции: четность, нечетность, периодичность, свойства симметрии.
3.Исследовать поведение функции при стремлении аргумента к граничным точкам области определения и к бесконечности, то есть найти асимптоты графика функции: вертикальные и наклонные. Проанализировать расположение графика функции и его асимптот.
4.Найти интервалы монотонности функции: возрастание и убывание. Найти экстремумы функции: минимумы и максимумы.
5.Найти интервалы выпуклости функции и точки перегиба.
6.Найти точки пересечения графика с осями координат.
7.На основании результатов исследования построить эскиз графика.
Симметрия функции
Функция y = f (x)называется четной, если f (− x)= f (x). График
четной функции симметричен относительно оси Oy.
Пример. Функция y = x4 является четной, так как,
y(− x)= (− x)4 = x4 = y(x), следовательно, график этой функции
симметричен относительно оси Oy. (См. рис. 57)
62
y
|
|
|
|
|
y = x4 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
-1 |
0 |
1 |
x |
|
|
|
|
|
|
|
Рис.57 |
|
|
|
|
Функция |
y = f (x) |
называется |
нечетной, |
если |
f (− x)= − f (x). |
|||
График нечетной функции симметричен относительно начала координат. |
||||||||
Пример. |
Функция |
y = x3 |
является |
нечетной, |
так как |
|||
y(− x)= (− x)3 |
= −x3 = −y(x), |
следовательно, график |
этой |
функции |
симметричен относительно начала координат. (См. рис. 58)
y
|
|
y = x3 |
|
1 |
|
-1 0 |
1 |
x |
|
-1 |
|
|
Рис.58 |
Заметим, что график четной (нечетной) функции достаточно исследовать только при x ≥ 0, а при x < 0 достроить по симметрии, то есть
симметрично относительно оси Oy (начала координат).
Функция |
y = f (x) называется периодической, если существует такое |
|
положительное число T , что |
f (x + T )= f (x). Наименьшее из таких чисел |
|
T называется |
периодом |
функции. График периодической функции |
63
достаточно построить |
на отрезке |
оси Ox длины периода T , а затем |
|||||||||
продолжить, сдвигая на k T , где k = ±1,± 2,… по оси Ox. |
|||||||||||
Пример. Функция y = |
|
1 |
периодическая с периодом T = π , так |
||||||||
sin2 x |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
как y(x + T )= |
|
1 |
|
= |
|
1 |
= |
1 |
|
= y(x). График этой |
|
sin2 (x + T) |
(− sin x)2 |
sin2 |
|
||||||||
|
|
|
x |
функции изображен на рис. 59.
y
− 2π |
− |
3π |
−π |
− |
π |
0 |
π |
π |
|
|
3π |
2π x |
|
||||||||||||
|
2 |
|
2 |
|
2 |
|
|
|
2 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 59
Асимптоты графика функции
Прямую L называют асимптотой графика функции y = f (x), если
расстояние до точки M (x; y) кривой y = f (x) от прямой L стремится к
нулю при неограниченном удалении этой точки по кривой от начала координат.
Прямая |
x = a является вертикальной асимптотой кривой |
y = f (x), |
если lim f (x)= ∞ . |
|
|
x→a |
|
|
Прямая |
y = b является горизонтальной асимптотой кривой |
y = f (x), |
если lim f (x)= b. |
|
|
x→∞ |
|
|
Прямая |
y = kx + b является наклонной асимптотой кривой |
y = f (x), |
если существуют пределы:
64
k = lim f (x)
x→∞ x
и b = lim(f (x)− kx).
x→∞
x2
Пример. Найти асимптоты кривой y = x −1.
Решение. Данная функция определена в интервалах (− ∞;1) и (1;+∞).
|
Так как |
lim |
x2 |
|
|
= |
12 |
|
|
|
= |
1 |
= ∞, то прямая x =1 есть вертикальная |
|||||||||||||||||||||||||
|
x − |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
x→1 |
1 1−1 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
асимптота данной кривой. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
Горизонтальных |
|
|
асимптот |
кривая |
|
не |
имеет, так |
|
как предел |
||||||||||||||||||||||||||||
lim |
x2 |
|
= |
∞ = lim |
|
|
(x2 )′ |
|
= lim |
2x |
= ∞ |
|
|
|
не |
|
|
является |
конечной |
|||||||||||||||||||
x −1 |
|
(x −1)′ |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
величиной. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Наклонные асимптоты находим в виде уравнения прямой y = kx + b: |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
k = lim |
f (x) |
= lim |
|
|
x2 |
|
= lim |
|
x |
|
= |
∞ |
= lim |
(x)′ |
= lim |
1 |
=1; |
|||||||||||||||||||||
|
(x −1)x |
x |
−1 |
|
∞ |
(x −1)′ |
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|||||||||||||||||
|
x→∞ |
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x→∞ |
|
|
x→∞ |
|
|
|
||||||||
b = lim(f (x)− kx) |
|
|
|
|
x2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
= lim |
|
|
|
− |
1 x |
= lim |
|
|
|
=1. |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
x→∞ |
|
|
|
|
|
|
x→∞ x −1 |
|
|
|
|
x→∞ x −1 |
|
|
|
|
|
|
Таким образом, существует наклонная асимптота y = x +1.
Участки возрастания и убывания функции.
Точки минимума и максимума
Функция y = f (x) |
называется |
возрастающей |
(убывающей) на |
|
интервале (a;b), если для любых точек |
x1, |
x2 (a;b) |
таких, что x1 < x2 , |
|
имеет место неравенство: f (x1 )< f (x2 ) |
(f (x1 )> f (x2 )). |
|||
Дифференцируемая |
на интервале |
(a;b) функция y = f (x) |
возрастает (убывает) на интервале (a;b), тогда и только тогда, когда для любого x (a;b): f ′(x)> 0 (f ′(x)< 0).
65
Точка x0 называется точкой максимума (минимума) функции
y= f (x), если:
1)функция y = f (x) определена в некоторой ε - окрестности точки x0 ;
2) для любого x из ε - окрестности точки x0 справедливо неравенство:
f (x)< f (x0 ) (f (x)> f (x0 )) (См. рис. 60 и 61).
y
f (x0 ) f (x)
x0 −ε x |
x0 0 |
x0 +ε |
x |
|
т. max |
|
|
|
|
Рис. 60 |
|
y |
|
|
|
|
f (x) |
|
|
f(x0 ) |
|
|
|
x0 −ε 0 |
x0 |
x x0 +ε |
x |
|
т. min |
|
|
|
Рис. 61 |
|
|
Точки максимума и минимума функции называются точками |
|||
экстремума функции. |
|
|
|
Необходимое условие экстремума: если |
x0 – точка экстремума |
функции y = f (x), то в этой точке либо f ′(x0 )= 0, либо производная не существует.
Достаточные условия экстремума: пусть функция y = f (x)
дифференцируема и непрерывна в ε – окрестности критической точки x0
кроме, быть может, самой точки x0 , тогда, если ее первая производная
66
меняет знак минус на плюс (плюс на минус) при переходе через точку x0 , то
x0 – точка максимума (минимума) функции y = f (x).
Пример. Найти интервалы монотонности и точки экстремума функции
y = |
x2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
x −1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Областью определения D данной функции |
y является вся |
||||||||||||||||||||||||||
числовая ось R, кроме точки x =1, то есть D = R \{1}. |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
Находим первую производную: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
x |
2 |
|
′ |
|
(x |
2 ′ |
|
|
|
|
2 |
|
|
′ |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
y′ = |
|
|
|
= |
) (x −1)− x |
|
(x −1) |
= |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(x −1)2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
−1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
= |
|
2x (x −1)− x2 1 |
= |
|
2x2 − 2x − x2 |
= |
|
x2 − 2x |
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
(x −1)2 |
|
|
|
|
(x −1)2 |
(x −1)2 |
|
|
|
|||||||||||||||
|
Используя необходимые условия экстремума, находим критические |
|||||||||||||||||||||||||||
точки: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
y′ = 0 x2 |
− 2x = 0 |
или |
x(x − 2)= 0, откуда x = 0 или x |
2 |
= 2. |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
||
|
y′ не существует (x −1)2 = 0, откуда x3 |
=1. |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
|
Используем достаточные условия экстремума. Наносим три |
|||||||||||||||||||||||||||
критические |
точки |
x1 |
= 0; |
|
x2 = 2; |
|
x3 =1 |
на |
область определения D |
|||||||||||||||||||
функции y . Они разбивают область |
|
D на четыре интервала. Определяем |
||||||||||||||||||||||||||
знак функции y′ |
в каждом интервале. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y′ |
+ |
|
|
|
|
– |
|
– |
|
|
|
+ |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y |
|
|
|
0 |
|
|
|
1 |
|
|
2 |
x |
|
|
|
|||
|
Так как |
|
x1 |
= 0 D и при переходе через эту точку |
y′ меняет знак |
|||||||||||||||||||||||
плюс на минус, то x1 |
= 0 – точка максимума функции y . |
|
|
|
67
Так как |
x2 = 2 D и при переходе через эту точку |
y′ меняет знак |
|
минус на плюс, то x2 |
= 2 – точка минимума функции y . |
|
|
Так как |
при |
любом x (− ∞;0) или x (2;+∞) |
y′ > 0, то в |
интервалах (− ∞;0) и (2;+∞) функция y монотонно возрастает.
Так как при любом x (0;1) или x (1;2) y′ < 0, то в интервалах
(0;1) и (1;2) функция y монотонно убывает.
Интервалы выпуклости и вогнутости кривой.
Точки перегиба
График функции y = f (x) называется выпуклым вниз в интервале
(a;b), если он расположен ниже касательной, проведенной в любой точке x
этого интервала (См. рис. 62).
y
a |
x |
0 |
b |
x |
Рис. 62
График функции y = f (x) называется выпуклым вверх в интервале
(a;b), если он расположен выше касательной, проведенной в любой точке x
этого интервала (См. рис. 63).
68
y
a 0 |
x |
b |
x |
Рис. 63
Достаточное условие выпуклости (вогнутости) графика функции:
если f ′′(x)< 0 в интервале (a;b), то график функции y = f (x)
является выпуклым вниз в этом интервале; если же f ′′(x)> 0, то в интервале
(a;b) график функции y = f (x) – выпуклый вверх.
Пусть функция y = f (x) дифференцируема в интервале (a;b) и x0 (a;b). Точку (x0 ; f (x0 )) графика функции y = f (x) называют точкой перегиба этого графика, если существует такая ε – окрестность точки x0 оси
Ox, в границах которой график функции y = f (x) слева и справа от точки x0 имеет разные направления выпуклости (См. рис. 64).
y
a x0 −ε 0 x0 x0+ε b |
x |
Рис. 64 |
|
Необходимое условие перегиба функции y = f (x) в точке x0 : если x0
– точка перегиба функции y = f (x) и функция y = f (x) имеет в некоторой
69