Лекция 9 – Вторичные источники электропитания
Решение:
По формуле для однополупериодного выпрямителя:
VAVG = Vp / = 50 / 3,14 = 15,9 В
Решение:
Схема для однополупериодного (форма волны – однополупериодная, см. его рисунок) выпрямления:
Vp(out) = Vp(in) − 0,7В = 5 − 0,7 = 4,3 В
(0,7 В теряем из-за преодоления потенциального барьера диода)
Решение:
Схема для однополупериодного (форма волны – однополупериодная, см. его рисунок к задаче 2) выпрямления:
Vp(out) = Vp(in) − 0,7В = 100 − 0,7 = 99,3 В
(0,7 В теряем из-за преодоления потенциального барьера диода)
Решение:
Vsec = nVpri, где n = N2⁄N1
Vp(out) = Vp(sec) − 0,7В
Vp(out) = nVpri − 0,7В =(N2⁄N1) Vpri − 0,7В = 0,5 170 − 0,7 = 84,3 В
Решение:
По формуле для двухполупериодного выпрямителя:
VAVG = 2Vp/ = 2 15 / 3,14 = 9,55 В
Решение:
На схеме двухполупериодный выпрямитель со средней точкой на вторичной обмотке. D1 открывается в положительную фазу, D2 в отрицательную (см. форму волн на его рисунке). На RL двухполупериодное выпрямление.
|
Vsec = nVpri = 0,5 100 = 50 В |
|||||
V |
(на R |
) = |
Vp(sec) |
− 0.7В = |
50 |
− 0,7 = 24,3 В |
|
|
|||||
p(out) |
L |
2 |
2 |
|
||
|
|
|
||||
ПОН = 2Vp(out) + 0.7В = 2 24,3 + 0,7 = , В
Решение:
На схеме мостовой выпрямитель.
Vp(sec) = √2Vm(sec) = √2 12 = 17 В Vp(out) = Vp(sec) − 1.4 В = 17 − 1,4 = , В ПОН = Vp(out) + 0.7 В = 15,6 + 0,7 = , В
Vp(pri) = √2 V = √2 220 = 311 В
Vp(sec) = nV (pri) = 0,1 311 = 31,1 В
Vp(rect) = Vp(sec) − 1.4 В = 31,1 − 1,4 = 29,7 В
|
|
|
|
1 |
|
|
|
= |
|
|
1 |
|
|
|
|
29,7 = 2,7 В (у него 1,35 В )) |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
( ) |
|
|
|
|
( ) |
|
50 220 0,001 |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
||
|
|
|
|
|
|
= (1 − |
|
|
|
|
) 29,7 = 27 В |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
( ) |
|
|
50 220 0,001 |
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2,7 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
( ) |
= |
|
|
|
= 0,1 |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
27 |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение:
Load regulation = [(VNL−VFL)/VFL] 100% = [(5,18 − 5,15)/5,15] 100%
= 0,0058 100% = 0,58%
Решение:
Line regulation = [(∆Vout/Vout)/∆Vin] 100% = [(0,25/15)/5,0] 100% = 0,0033 В−1 100% = 0,33%/В
Решение:
Load regulation = [(VNL−VFL)/(VFL IFL)] 100%
=[(12 − 11,9)/(11,9 10)] 100% = 0,00084 мА−1 100%
=0,084%/мА
Лекция 10 – Аналоговые коммутаторы
7.3
0.2
Формулы из прошлой задачи
9.2
0.4
0.475
fsample(min)≥2fsignal(max)
fsample(min) = 16 кГц
Здесь обычный инвертор на полевых транзисторах – логическое НЕ, сигнал будет инвертироваться.
используйте компаратор c выходом типа “push-pull” и минимальным временем задержки;
Применяйте ОУ с подходящими значениями скорости нарастания, GBW
и диапазона выходных напряжений;